第十讲：数论之余数问题
余数问题是数论知识板块中另一个内容丰富，题目难度较大的知识体系，也是各大杯赛小升初考试必考的奥数知识点，所以学好本讲对于学生来说非常重要。
许多孩子都接触过余数的有关问题，并有不少孩子说“遇到余数的问题就基本晕菜了！”
余数问题主要包括了带余除法的定义，三大余数定理（加法余数定理，乘法余数定理，和同余定理），及中国剩余定理和有关弃九法原理的应用。
知识点拨：
一、带余除法的定义及性质：
一般地，如果a是整数，b是整数（b≠0）,若有a÷b=q……r，也就是a＝b×q＋r,
0≤r＜b；我们称上面的除法算式为一个带余除法算式。这里：
(1)当时：我们称a可以被b整除，q称为a除以b的商或完全商
(2)当时：我们称a不可以被b整除，q称为a除以b的商或不完全商
一个完美的带余除法讲解模型:
如图，这是一堆书，共有a本，这个a就可以理解为被除数，现在要求按照b本一捆打包，那么b就是除数的角色，经过打包后共打包了c捆，那么这个c就是商，最后还剩余d本，这个d就是余数。
这个图能够让学生清晰的明白带余除法算式中4个量的关系。并且可以看出余数一定要比除数小。
二、三大余数定理：
1.余数的加法定理
a与b的和除以c的余数，等于a,b分别除以c的余数之和，或这个和除以c的余数。
例如：23，16除以5的余数分别是3和1，所以23+16=39除以5的余数等
于4，即两个余数的和3+1.
当余数的和比除数大时，所求的余数等于余数之和再除以c的余数。
例如：23，19除以5的余数分别是3和4，故23+19=42除以5的余数等于3+4=7除以5的余数，即2.
2.余数的乘法定理
a与b的乘积除以c的余数，等于a,b分别除以c的余数的积，或者这个积除以c所得的余数。
例如：23，16除以5的余数分别是3和1，所以23×16除以5的余数等于3×1=3。
当余数的和比除数大时，所求的余数等于余数之积再除以c的余数。
例如：23，19除以5的余数分别是3和4，所以23×19除以5的余数等于3×4除以5的余数，即2.
3.同余定理
若两个整数a、b被自然数m除有相同的余数，那么称a、b对于模m同余，用式子表示为：a≡b(modm)，左边的式子叫做同余式。
同余式读作：a同余于b，模m。由同余的性质，我们可以得到一个非常重要的推论：
若两个数a，b除以同一个数m得到的余数相同，则a，b的差一定能被m整除
用式子表示为：如果有a≡b(modm)，那么一定有a－b＝mk,k是整数，即m|(a－b)
三、弃九法原理：
在公元前9世纪，有个印度数学家名叫花拉子米，写有一本《花拉子米算术》，他们在计算时通常是在一个铺有沙子的土板上进行，由于害怕以前的计算结果丢失而经常检验加法运算是否正确，他们的检验方式是这样进行的：
例如：检验算式
1234除以9的余数为1
1898除以9的余数为8
18922除以9的余数为4
678967除以9的余数为7
178902除以9的余数为0
这些余数的和除以9的余数为2
而等式右边和除以9的余数为3，那么上面这个算式一定是错的。
上述检验方法恰好用到的就是我们前面所讲的余数的加法定理，即如果这个等式是正确的，那么左边几个加数除以9的余数的和再除以9的余数一定与等式右边和除以9的余数相同。
而我们在求一个自然数除以9所得的余数时，常常不用去列除法竖式进行计算，只要计算这个自然数的各个位数字之和除以9的余数就可以了，在算的时候往往就是一个9一个9的找并且划去，所以这种方法被称作“弃九法”。
所以我们总结出弃九发原理：任何一个整数模9同余于它的各数位上数字之和。
以后我们求一个整数被9除的余数，只要先计算这个整数各数位上数字之和，再求这个和被9除的余数即可。
利用十进制的这个特性，不仅可以检验几个数相加，对于检验相乘、相除和乘方的结果对不对同样适用
注意：弃九法只能知道原题一定是错的或有可能正确，但不能保证一定正确。
例如：检验算式9+9=9时，等式两边的除以9的余数都是0，但是显然算式是错误的
但是反过来，如果一个算式一定是正确的，那么它的等式2两端一定满足弃九法的规律。这个思想往往可以帮助我们解决一些较复杂的算式迷问题。
四、中国剩余定理：
1.中国古代趣题：
中国数学名著《孙子算经》里有这样的问题：“今有物，不知其数，三三数之，剩二，五五数之，剩三，七七数之，剩二，问物几何？”答曰：“二十三。”
此类问题我们可以称为“物不知其数”类型，又被称为“韩信点兵”。
韩信点兵又称为中国剩余定理，相传汉高祖刘邦问大将军韩信统御兵士多少，韩信答说，每3人一列余1人、5人一列余2人、7人一列余4人、13人一列余6人……。刘邦茫然而不知其数。
我们先考虑下列的问题：假设兵不满一万，每5人一列、9人一列、13人一列、17人一列都剩3人，则兵有多少？
首先我们先求5、9、13、17之最小公倍数9945（注：因为5、9、13、17为两两互质的整数，故其最小公倍数为这些数的积），然后再加3，得9948（人）。
孙子算经的作者及确实著作年代均不可考，不过根据考证，著作年代不会在晋朝之后，以这个考证来说上面这种问题的解法，中国人发现得比西方早，所以这个问题的推广及其解法，被称为中国剩余定理。中国剩余定理（ChineseRemainderTheorem）在近代抽象代数学中占有一席非常重要的地位。
2.核心思想和方法：
对于这一类问题，我们有一套看似繁琐但是一旦掌握便可一通百通的方法，下面我们就以《孙子算经》中的问题为例，分析此方法:
今有物，不知其数，三三数之，剩二，五五数之，剩三，七七数之，剩二，问物几何？
题目中我们可以知道，一个自然数分别除以3，5，7后，得到三个余数分别为2，3，2.那么我们首先构造一个数字，使得这个数字除以3余1，并且还是5和7的公倍数。
先由，即5和7的最小公倍数出发，先看35除以3余2，不符合要求，那么就继续看5和7的“下一个”倍数是否可以，很显然70除以3余1
类似的，我们再构造一个除以5余1，同时又是3和7的公倍数的数字，显然21可以符合要求。
最后再构造除以7余1，同时又是3，5公倍数的数字，45符合要求，那么所求的自然数可以这样计算：
，其中k是从1开始的自然数。
也就是说满足上述关系的数有无穷多，如果根据实际情况对数的范围加以限制，那么我们就能找到所求的数。
例如对上面的问题加上限制条件“满足上面条件最小的自然数”，
那么我们可以计算得到所求
如果加上限制条件“满足上面条件最小的三位自然数”,
我们只要对最小的23加上[3,5,7]即可，即23+105=128。
例题精讲：
【模块一：带余除法的定义和性质】
(第五届小学数学报竞赛决赛)用某自然数去除，得到商是46，余数是，求和．
因为是的倍还多,得到，得，所以，．
(清华附中小升初分班考试)甲、乙两数的和是，甲数除以乙数商余，求甲、乙两数．
(法1)因为甲乙，所以甲乙乙乙乙；
则乙，甲乙．
(法2)将余数先去掉变成整除性问题，利用倍数关系来做：从中减掉以后，就应当是乙数的倍，所以得到乙数，甲数．
一个两位数除310，余数是37，求这样的两位数。
本题为余数问题的基础题型，需要学生明白一个重要知识点，就是把余数问题---即“不整除问题”转化为整除问题。方法为用被除数减去余数，即得到一个除数的倍数；或者是用被除数加上一个“除数与余数的差”，也可以得到一个除数的倍数。
本题中310-37=273，说明273是所求余数的倍数，而273=3×7×13，所求的两位数约数还要满足比37大，符合条件的有39，91.
(年全国小学数学奥林匹克试题)有两个自然数相除，商是，余数是，已知被除数、除数、商与余数之，则被除,解方程组得，即这两个自然数分别是856，21.
(2000年“祖冲之杯”小学数学邀请赛试题)三个不同的自然数的和为2001，它们分别除以19,23,31所得的商相同，所得的余数也相同，这三个数是_______，_______，_______。
设所得的商为，除数为．，，由，可求得，．所以，这三个数分别是，，。
(2004年福州市“迎春杯”小学数学竞赛试题)一个自然数，除以11时所得到的商和余数是相等的，除以时所得到倍，这个自然数是，除以9余，则有，即，只有，，所以这个自然数为。
(1997年我爱数学少年数学夏令营试题)有48本书分给两组小朋友，已知第二组比第一组多人如果把书全本，有剩余；每人本，书不够如果把书全分给第二组，本，有剩余；每人本，书不够问：第二组有多少人?，知，一组是10或11人．同理可知，知，二组是13、14或15人，因为二组比一组多5人，所以二组只能是15人，一组10人．
一个两位数除以13的商是6，除以11所得的余数是6，求这个两位数．
因为一个两位数除以13的商是6，所以这个两位数一定大于，并且小于；又因为这个两位数除以11余6，而78除以11余1，这个两位数为．
【模块二：三大余数定理的应用】
有一个大于1的整数，除所得的余数相同，求这个数.
这个题没有告诉我们，这三个数除以这个数的余数分别是多少，但是由于所得的余数相同，根据同余定理，我们可以得到：这个数一定能整除这三个数中的任意两数的差，也就是说它是任意两数差的公约数．，，，的约数有，所以这个数可能为。
有一个整数，除39,51,147所得的余数都是3，求这个数.
(法1)，，，12的约数是，因为余数为3要小于除数，这个数是；
(法2)由于所得的余数相同，得到这个数一定能整除这三个数中的任意两数的差，也就是说它是任意两数差的公约数．，，，所以这个数是．
在小于1000的自然数中，分别除以18及33所得余数相同的数有多少个?(余数可以为0)
我们知道18，33的最小公倍数为[18，33]=198，所以每198个数一次．
1～198之间只有1，2，3，…，17，198(余O)这18个数除以18及33所得的余数相同，
而999÷198=5……9，所以共有5×18+9=99个这样的数．
(2008年仁华考题)一个三位数除以17和19都有余数，并且除以17后所得的商与余数的和等于它除以19后所得到的商与余数的和．那么这样的三位数中最大数是多少，最小数是多少？
设这个三位数为，它除以17和19的商分别为和，余数分别为和，则．
根据题意可知，所以，即，得．所以是9的倍数，是8的倍数．此时，由知．
由于为三位数，最小为100，最大为999，所以，而，
所以，，得到，而是9的倍数，所以最小为9，最大为54．
当时，，而，所以，故此时最大为；
当时，，由于，所以此时最小为．
所以这样的三位数中最大的是930，最小的是154．
两位自然数与除以7都余1，并且，求．
能被7整除，即能被7整除．所以只能有，那么可能为92和81，验算可得当时，满足题目要求，
学校新买来118个乒乓球，67个乒乓球拍和33个乒乓球网，如果将这三种物品平分给每个班级，那么这三种物品剩下的数量相同．请问学校共有多少个班？
所求班级数是除以余数相同的数．那么可知该数应该为和
的公约数，所求答案为17．
(2000年全国小学数学奥林匹克试题)在除13511，及时能剩下相同余数的最大整与的和除以7的余数是，，，，，…的余数分别是2，4，1，2，4，1，2，4，1，…,2的个数是3的倍数时，用7除的余数为1；2的个数是3的倍数多1时，用7除的余数为2；2的个数是3的倍数多2时，用7除的余数为4．因为，所以除以7余4．又两个数的积除以7的余数，与两个数分别除以7所得余数的积相同．而2003除以7余1，所以除以7余1．故与的和除以7的余数是．
(2004年南京市少年数学智力冬令营试题)在1995，，，，中，若其中几个数的和被除余，，，
所以这样的数组共有下面4个：，，
，．
(2005年全国小学数学奥林匹克试题)有一个整数，用它去除70，，所得到的个余数之和是，那，，除数应当是290的大于17小于70的约数，只可能是29和58，，，所以除数不是58．
，，，，所以除数是
(2002年全国小学数学奥林匹克试题)用自然数n去除，，得到的三个余数之和为，那么元、元、元、元、元、元钱，一起到个人带的钱不够，但是其人的钱凑在一起恰好可买本，丁、戊人的钱凑在一起恰好可买本(元)．
(2000年全国小学数学奥林匹克试题)商店里有六箱货物，分别重15，，，，，千克，两个顾客买倍，那么商店剩下的余数．
因为，，，根据同余定理(三)，
的余数等于的余数，而，
，所以的余数为5．
(华罗庚金杯赛模拟试题)求除以17的余数．
先求出乘积再求余数，计算量较大．可先分别计算出各因数除以17的余数，再求余数之积除
以17的余数．除以17的余数分别为2，7和11，．
求的最后两位数．
即考虑除以100的余数．由于，由于除以25余2，所以除以25余8，
除以25余24，那么除以25余1；又因为除以4余1，则除以4余1；即能被4和25整除，而4与25互质，所以能被100整除，即除以100余1，由于
，所以除以100的余数即等于除以100的余数，而除以100余29，除以100余43，，所以除以100的余数等于除以100的余数，而除以100余63，所以除以100余63，即的最后两位数为63．
除以13所得余数是_____.
我们发现222222整除13，2000÷6余2，所以答案为22÷13余9。
求除以7的余数．
法一：
(143被除余)，
所以(被除所得余数与被除所得余数相等)
而，所以．
故除以7的余数为5.
法二：
计算被7除所得的余数可以用找规律的方法，规律如表 于是余数以为周期变化．所以．（2007年实验中学考题）除以7的余数是多少？
由于，而1001是7的倍数，所以这个乘积也是7的倍数，故除以7的余数是0；被除所得的余数是多少？
被除所得的余数为，当取，，，时被除所得余数分别是，，，，，，，以4为周期循环出现，所以被除的余数与被除的余数相同，余，则除以13的余数为12；
被除所得的余数是，当取，，，时，被除所得的余数分别是，，，，，，，，，，，以6为周期循环出现，所以被除所得的余数等于被除所得的余数，即，故除以13的余数为4；
所以被除所得的余数是．2008年奥数网杯)已知，问：除以13所得的余数是多少？
2008除以13余6，10000除以13余3，注意到；
；
；
根据这样的递推规律求出余数的变化规律：
20082008除以13余，200820082008除以13余，即200820082008是13的倍数．
而除以3余1，所以除以13的余数与除以13的余数相同，为6.
除以41的余数是多少？
找规律：，，，，
，……，所以77777是41的倍数，而，所以可以分成399段77777和1个7组成，那么它除以41的余数为7．
除以10所得的余数为多少？
求结果除以10的余数即求其个位数．从1到2005这2005个数的个位数字是10个一循环的，而对一个数的幂方的个位数，我们知道它总是4个一循环的，因此把加数的个位数按20个(20是4和10的最小公倍数)一组，则不同组中对应的数字应该是一样的．
首先计算的个位数字，为2005个加数100组另5个数，100组的个位数是的个位数即0，另外5个数为、、、、，它们和的个位数字是的个位数3，所以原式的个位数字是3，即除以10的余数是3．
与也是质数．
如果，则，都是质数，所以5符合题意．如果P不等于5，那么P除以5的余数为1、2、3或者4，除以5的余数即等于、、或者除以5的余数，即1、4、9或者16除以5的余数，只有1和4两种情况．如果除以5的余数为1，那么除以5的余数等于除以5的余数，为0，即此时被5整除，而大于5，所以此时不是质数；如果除以5的余数为4，同理可知不是质数，所以P不等于5，与至少有一个不是质数，所以只有满足条件．
因数 89 90 91 92 93 94 95 96 97 98 因数 在图的第二行中，恰好填上数的乘积除以所得的余数都是
可以改换为，这样上下两数的乘积除以11余3就容易计算了．我们得到下面的结果：
因数 89 90 91 92 93 94 95 96 97 98 因数 3 7 1 9 5 6 2 10 4 8
进而得到本题的答案是：
因数 89 90 91 92 93 94 95 96 97 98 因数 91 95 89 97 93 94 90 98 92 96
(2000年“华杯赛”试题)3个三位数乘积的算式(其中)，在校对时，发现右边的积的数字顺序出现错误，但是知道最后一位6是正确的，问原式中的是多少？
由于，，于是，从而(用代入上式检验)
…(1)，对进行讨论：
如果，那么…(2)，又的个位数字是6，所以的个位数字为4，可能为、、、，其中只有符合(2)，经检验只有符合题意．
如果，那么…(3)，又的个位数字为2或7，则可能为、、、、，其中只有符合(3)，经检验，不合题意．
如果，那么…(4)，则可能为、，其中没有符合(4)的．
如果，那么，，，因此这时不可能符合题意．综上所述，是本题唯一的解．
一个大于1的数去除290，235，200，，，则这个自然数是多少？
根据题意可知，这个自然数去除，23，5时，得到相同的余数）．
余数相同，我们可以利用余数定理，可知任意两数的差肯定余0．那么这个自然数是的约数，又是的约数，因此就是57和38的公约数,因为57和38的公约数19和1，所以这个自然数是19．10的自然数去除90、164后所得的两个余数的和等于这个自然数去除220后所得的余数，则这个自然数是多少？
这个自然数去除90、164后所得的两个余数的和等于这个自然数去除后所得的余数，所以254和220除以这个自然数后所得的余数相同，因此这个自然数是的约数，这个自然数只能是17或者是34如果这个数是34，那么它去除90、164、220后所得的余数分别是22、28、16，不符合题目条件如果这个数是17，那么他去除90、16、220后所得的余数分别是5、11、16，符合题目条件，所以这个自然数是17603，939，393除甲数所得余数是除乙数所得余数的2倍，除乙数所得余数是除丙数所得余数的2倍．求等于多少？
根据题意，这三个数除以都有余数，则可以用带余除法的形式将它们表示出来：
由于，，要消去余数,,,我们只能先把余数处理成相同的，再两数相减．
这样我们先把第二个式子乘以2，使得被除数和余数都扩大2倍，同理，第三个式子乘以4．
于是我们可以得到下面的式子：
这样余数就处理成相同的．最后两两相减消去余数，意味着能被整除．
，，．
51的约数有1、3、17、51，其中1、3显然不满足，检验17和51可知17满足，所以等于17．
一个自然数除429、791、500所得的余数分别是、、，求这个自然数和的值.的数：，、，这样这些数被这个自然数除所得的余数都是，故同余.
将这三个数相减，得到、，所求的自然数一定是和的公约数，而，所以这个自然数是的约数，显然1是不符合条件的，那么只能是19.经过验证，当这个自然数是时，除、、所得的余数分别为、、，时成立,所以这个自然数是，.
【模块三：余数综合应用】
著名的裴波那契数列是这样的：1、1、2、3、5、8、13、212008个数除以3所得的余数为多少？
斐波那契数列的构成规则是从第三个数起每一个数都等于它前面两个数的和，由此可以根据余数定理将裴波那契数列转换为被3除所得余数的数列：
1、1、2、0、2、2、1、0、1、1、2、0……
第九项和第十项连续两个是1，与第一项和第二项的值相同且位置连续，所以裴波那契数列被3除的余数每8个一个周期循环出现，由于2008除以8的余数为0，所以第2008项被3除所得的余数为第8项被3除所得的余数，为0.（2009年走美初赛六年级）有一串数：1，1，2，3，5，8，……，从第三个数起，每个数都是前两个数之和，在这串数的前2009个数中，有个是5的倍数
由于两个数的和除以5的余数等于这两个数除以5的余数之和再除以5的余数．
所以这串数除以5的余数分别为：1，1，2，3，0，3，3，1，4，0，4，4，3，2，0，2，2，4，1，0，1，1，2，3，0，……可以发现这串余数中，每20个数为一个循环，且一个循环中，每5个数中第五个数是5的倍数．由于，所以前2009个数中，有401个是5的倍数．、和的余数现知余数的和是试求该数的余数．，设该数为，则，即（为非零自然数），所以它除以18的余数只能为17．
(2005年香港圣公会小学数学奥林匹克试题)一个家庭，有父、母、兄、妹四人，他们任意三人的岁数之和都是3的整数倍，每人的岁数都是一个质数，四人岁数之和是100，父亲岁数最大，问：母亲是多少岁?
从任意三人岁数之和是3的倍数，100除以3余1，就知四个岁数都是型的数，又是质数．只有7，13，19，31，37，43，就容易看出：父43岁，母37岁，兄13岁，妹7岁．
(华杯赛试题)如图，在一个圆圈上有几十个孔(不到个)，小明像玩跳棋那样，从孔沿着时针方向，每隔几孔跳一步，希望一圈以后能跳回到孔他先试孔跳一步，结果只能跳到孔他又试着每隔孔最后他每隔孔跳一步，正好孔，你知道这个圆圈上共有多少个孔吗?…，B孔的编号就是圆圈上的孔数．
我们先看每隔2孔跳一步时，小明跳在哪些孔上?很容易看出应在1，4，7，10，…上，也就是说， 小明跳到的孔上的编号是3的倍数加1．按题意，小明最后跳到B孔，因此总孔数是3的倍数加1．
同样道理，每隔4孔跳一步最后跳到B孔，就意味着总孔数是5的倍数加1；而每隔6孔跳一步最后跳回到A孔，就意味着总孔数是7的倍数．
如果将孔数减1，那么得数既是3的倍数也是5的倍数，因而是15的倍数．这个15的倍数加上1就等于孔数，设孔数为，则（为非零自然数）而且能被7整除．注意15被7除余1，所以被7除余6，15的6倍加1正好被7整除．我们还可以看出，15的其他(小于的7)倍数加1都不能被7整除，而已经大于100．7以上的倍数都不必考虑，因此，总孔数只能是．
(1997年全国小学数学奥林匹克试题)将依次写到第个数字，组成一个位的余数是共有9个数字，共有90个两位数，共有数字：(个),共900个三位数，共有数字：(个),所以数连续写，不会写到999,从100开始是3位数，每三个数字表示一个数，，即有602个三位数，第603个三位数只写了它的百位和十位．从100开始的第602个三位数是701，第603个三位数是9，其中2未写出来．因为连续9个自然数之和能被9整除，所以排列起来的9个自然数也能被9整除，702个数能分成的组数是：(组)，依次排列后，它仍然能被9整除，但702中2未写出来，所以余数为．
设是质数，证明：，，…，被除所得的余数各不相同．
假设有两个数、，()，它们的平方，被除余数相同．那么，由
同余定理得，即，由于是质数，所以或，由于，均小于且大于0，可知，与互质，也与互质，即，都不能被整除，产生矛盾，所以假设不成立，原题得证．
试求不大于100，且使能被11整除的所有自然数n的和．
通过逐次计算，可以求出被11除的余数，
依次为：为3，为9，为5，为4，为1，…，
因而被11除的余数5个构成一个周期：3，9，5，4，1，3，9，5，4，1，……；类似地，
可以求出被11除的余数10个构成一个周期：7，5，2，3，10，4，6，9，8，1，……；
于是被11除的余数也是10个构成一个周期：3，7，0，0，4，0，8，7，5，6，……；
这就表明，每一个周期中，只有第3、4、6个这三个数满足题意，
即时能被11整除，所以，
所有满足条件的自然数n的和为：
．
若为自然数证明，由于与的奇偶性相同，所以．
，如果能被5整除，那么；如果不能被5整除，那么被5除的余数为1、2、3或者4，被5除的余数为、、、被5除的余数，即为1、16、81、256被5除的余数，而这四个数除以5均余1，所以不管为多少，被5除的余数为1，而，即14个相乘，所以除以5均余1，则能被5整除，有．所以．
由于2与5互质，所以．
设n为正整数，，k被7除余数为2，k被11除余数为3，求n的最小值．
2004被7除余数为2，被11除余数也为2，所以被7除余数为2，被11除余数为3．
由于被7除余2，而被7除余1，所以n除以3的余数为1；
由于被11除余3，被11除余1，所以n除以10的余数为8．
可见是3和10的公倍数，最小为，所以n的最小值为28．
有三个连续自然数，其中最小的能被15整除，中间的能被17整除，最大的能被19整除，写，．
依题意可知：，，，根据整除的性质对这三个算式进行变换：
从上面可以发现应为15、17、19的公倍数．
由于，所以(因为是奇数)，可得．
当时，，，所以其中的一组自然数为2430、2431、2432．
(2008年西城实验考题)从1，2，3，……，n中，任取57个数，使这57个数必有两个数的差为13，则n的最大值为多少？
被13除的同余序列当中，如余1的同余序列，1、14、27、40、53、66……，其中只要取到两个相邻的，这两个数的差为13；如果没有两个相邻的数，则没有两个数的差为13，不同的同余序列当中不可能有两个数的差为13，对于任意一条长度为x的序列，都最多能取个数，使得取出的数中没有两个数的差为13，即从第1个数起隔1个取1个．
基于以上，n个数分成13个序列，每条序列的长度为或，两个长度差为1的序列，要使取出的数中没有两个数的差为13，能够被取得的数的个数之差也不会超过1，所以为使57个数中任意两个数的差都不等于13，则这57个数被分配在13条序列中，在每条序列被分配的数的个数差不会超过1，那么13个序列有8个序列分配了4个数，5个序列分配了5个数，则这13个序列中8个长度为8，5个长度为9，那么当n最小为时，可以取出57个数，其中任两个数的差不为13，所以要使任取57个数必有两个数的差为13，那么n的最大值为108．
从1，2，3，4，…，2007中取N个不同的数，取出的数中任意三个的和能被15整除．N最大为多少？
取出的N个不同的数中，任意三个的和能被15整除，则其中任意两个数除以15的余数相同，且这个余数的3倍能被15整除，所以这个余数只能是0，5或者10．在中，除以15的余数为0的有，，…，，共有个；除以15的余数为5的有，，…，，共有134个；除以15的余数为10的有，，…，，共有134个．所以N最大为134．
将自然数1，2，3，4写下去，若最终写到2000，成为，这个自然数除以99余几？，可以分别求这个数除以9和11的余数，进而求出它除以99的余数．实际上求得这个数除以9和11的余数均为3，所以这个数减去3后是9和11的倍数，那么也是99的倍数，所以这个数除以99的余数为3．
下面介绍另一种解法．
由于，所以除以99的余数等于除以99的余数．同样，，……等数除以99的余数等于除以99的余数．可知，一个自然数，如果在它后面加上偶数个0，那么这个数除以99的余数等于除以99的余数．
根据这一点，可以把分成若干个后面带有偶数个0的数之和．
由于的位数是奇数，那么对于组成的一位数1，2，3，……，9，可以分成，，，，；
对于其中的两位数10，11，12，……，98，99，可以分成，，，……，，；
对于其中的三位数100，101，102，103，……，998，999，两两一组，可以分成，，，……，；
对于其中的四位数1000，1001，……，1999，2000，可以分成，，，……，，2000．
那么上面分成的所有数中，虽然每个数后面的0的个数互不相同，但都是偶数个，且它们的和恰好为，那么除以99的余数就等于分成的这些数除以99的余数的和．
由于这些数除以99的余数分别为1，23，45，67，89；10，11，12，……，98，99；100101，102103，104105，……，998999；1000，1001，……，1999，2000，而其中100101，102103，104105，……，998999是公差为2002的等差数列，共450项，可知所有这些余数的和为：
，
而248804130除以99的余数等于除以99的余数，为3．
所以除以99的余数为3．
将1至2008这2008个自然数，1234567891011121320072008，9的余数．19992000这个八位数为例，它被9除的余数等于被9除的余数，但是由于1999与被9除的余数相同，2000与被9除的余数相同，所以19992000就与被9除的余数相同．
由此可得，从1开始的自然数1234567891011121320072008被9除的余数与前2008个自然数之和除以9的余数相同．
根据等差数列求和公式，这个和为：，它被9除的余数为1．
另外还可以利用连续9个自然数之和必能被9整除这个性质，将原多位数分成123456789，101112131415161718，199920002001200220032004200520062007，2008等数，可见它被9除的余数与2008被9除的余数相同．
因此，此数被9除的余数为1．
(2008年清华附中考题)已知n是正整数，规定，
令，则整数m除以2008的余数为多少？
2008能够整除，所以的余数是2007．
的末三位数是多少？的平方再乘以的末三位．
而
，
其末三位为；
然后来看前者．它是一个奇数的平方，设其为(k为奇数)，
由于，而奇数的平方除以8余1，所以是8的倍数，则是200的倍数，设，则，所以它与105的乘积，
所以不论m的值是多少，所求的末三位都是625．
有2个三位数相乘的积是一个五位数，积的后四位是1031，第一个数各个位的数字之和是10，第二个数的各个位数字之和是8，求两个三位数的和。
本题条件仅给出了两个乘数的数字之和，同时发现乘积的一部分已经给出，即乘积的一部分数字之和已经给出，我们可以采用弃九法原理的倒推来构造出原三位数。因为这是一个一定正确的算式，所以一定可以满足弃九法的条件，两个三位数除以9的余数分别为1和8，所以等式一边除以9的余数为8，那么□1031除以9的余数也必须为8，□只能是3.将31031分解质因数发现仅有一种情况可以满足是两个三位数的乘积，
即
所以两个三位数是143和217，那么两个三位数的和是360
设的各位数字之和为，的各位数字之和为，的各位数字之和为，的各位数字之和为，那么？
由于一个数除以9的余数与它的各位数字之和除以9的余数相同，所以与、、、除以9都同余，而2009除以9的余数为2，则除以9的余数与除以9的余数相同，而除以9的余数为1，所以除以9的余数为除以9的余数，即为5．
另一方面，由于，所以的位数不超过8036位，那么它的各位数字之和不超过，即；那么的各位数字之和，的各位数字之和，小于18且除以9的余数为5，那么为5或14，的各位数字之和为5，即．
课后练习：
(2002年全国小学数学奥林匹克试题)两数相除，商4余，被除数、除数、商数、余数四数之和等于，则被，共有（1+1）×（3+1）×（1+1）=16个约数，其中1，2，3，6，9是比10小的约数，所以符合题目条件的自然数共有11个。
(全国小学数学奥林匹克试题)六张卡片上分别标上1193、、、、、六个数，甲张，乙取张，丙取张，结果发现甲、乙各自手中卡片上的数之和一个人是另倍，则丙手中卡片上的数是第五届小数报数学竞赛初赛，10565除以3余2；因为甲、乙二人手中五张卡片上的数之和是3的倍数，那么丙手中的卡片上的数除以3余2．六个数中只有1193除以3余2，故丙手中卡片上的数为1193．
求的余数
本题为余数乘法定理的拓展模式，即数字的乘方与一个数相除的余数情况。由6443÷19余2，求原式的余数只要求的余数即可。但是如果用2÷19发现会进入一个死循环，因为这时被除数比除数小了，所以可以进行适当的调整，，
64÷19余数为7，那么求的余数就转化为求的余数，即49÷19的余数。
49÷19余数为11，所以原式的余数为11.
已知，，被某自然数除所得的余数分别是，，，求该自然数的值．
根据题意可知，自然数，，被该数除所得余数分别是，，．
由于，所以自然数与同余；由于，所以与同余，所以除数是和的公约数，运用辗转相除法可得到，该除数为．经检验成立．校比校多人，校比校多人三校共有人．有一所学校初中人数是高中人数的倍；有一所学校初中人数是高倍；还有一所学校高中、初中人数相等．三所学校总人数是人，那校总人数是人，被3除余2；732被3整除，722被3除余2,742被3除余1．从余数来看，，就断定初中人数是高中人数的2倍，只能是C校．所以，A校总人数是(人)．
月考备选
【备选1】除以一个两位数，余数是．求出符合条件的所有的两位数．
，，那么符合条件的所有的两位数有，因为“余数小于除数”,所以舍去，答案只有。
【备选2】有一个自然数，除345和543所得的余数相同，且商相差33．求这个数是多少？
由于这个数除345和543的余数相同，那么它可能整除543-345，并且得到的商为33．所以所
求的数为．
【备选3】(2001年全国小学数学奥林匹克试题)若2836，，，四个自然数都被同一个自然数相除，A至少是两位数．，，因为，所以A是194的大于10的约数．194的大于10的约数只有97和194．如果，，余数不是两位数，与题意不符．如果，经检验，余数都是23，除数余数．
【备选4】除以7的余数是多少？
除以7的余数为1，，所以，其除以7的余数为：；2008除以7的余数为6，则除以7的余数等于除以7的余数，为1；所以除以7的余数为：．
【备选5】一个自然数被7，8，9除的余数分别是1，2，3，并且三个商数的和是570，求这个自然数．
这个数被7，8，9除的余数分别是1，2，3，所以这个数加上6后能被7，8，9整除，而，所以这个数加上6后是504的倍数．由于这个数被7，8，9除的三个商数的和是570，那么这个数加上6后被被7，8，9除的三个商数的和是，而
，，
所以这个数加上6等于504的3倍，这个数是．
六年级奥数总复习2(教师版)
|初一·数学·基础-提高-精英·学生版|第1讲第页
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