一、选择题(本大题共12小题,每小题3分,满分36分)在每小题所给的四个选项中,只有一项符合题目要求.二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)考点:规律型:图形的变化类.
分析:本题只看图觉得很复杂,但从数据入手,就简单了,从图2开始,每个图都比前一个图多360度.抓住这点就很容易解决问题了.
解答:解:依题意可知,二环三角形,S=360度;
二环四边形,S=720=360×2=360×(4-2)度; 二环五边形,S=1080=360×3=360×(5-2)度; … 二环n边形(n≥3的整数)中,S=360(n-2)度.故应填S=360(n-2)度. 点评:本题可直接根据S的度数来找出规律,然后根据规律表示出二环n边形的度数. 三、解答题:(本大题共7小题,共66分)分析:(1)根据垂直平分线的判断方法与性质易得AD是BC的垂直平分线,故可得AB=AC;
(2)连接OD,由平行线的性质,易得OD⊥DE,且DE过圆周上一点D故DE为⊙O的切线; (3)由AB=AC,∠BAC=60°知△ABC是等边三角形,根据等边三角形的性质,可得AB=BC=10,CD=
解答:(1)证明:∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°; ∵BD=CD, ∴AD是BC的垂直平分线. ∴AB=AC.(3分) (2)证明:连接OD, ∵点O、D分别是AB、BC的中点, ∴OD∥AC. ∵DE⊥AC, ∴OD⊥DE. ∴DE为⊙O的切线.(6分) (3)解:由AB=AC,∠BAC=60°知△ABC是等边三角形, ∵⊙O的半径为5, ∴AB=BC=10,CD=
∵∠C=60°, ∴DE=CD·sin60°=
点评:本题考查切线的判定,线段相等的证明及线段长度的求法,要求学生掌握常见的解题方法,并能结合图形选择简单的方法解题.
考点:二次函数综合题.
专题:压轴题.
分析:(1)易得c=3,故设抛物线解析式为y=ax2+bx+3,根据抛物线所过的三点的坐标,可得方程组,解可得a、b的值,即可得解析式;
(2)易由顶点坐标公式得顶点坐标,根据图形间的关系可得四边形ABDE的面积=S△ABO+S梯形BOFD+S△DFE,代入数值可得答案; (3)根据题意,易得∠AOB=∠DBE=90°,且
解答:解:(1)∵抛物线与y轴交于点(0,3),
∴设抛物线解析式为y=ax2+bx+3(a≠0)(1分) 根据题意,得
解得
∴抛物线的解析式为y=-x2+2x+3(5分); (2)如图,设该抛物线对称轴是DF,连接DE、BD.过点B作BG⊥DF于点G. 由顶点坐标公式得顶点坐标为D(1,4)(2分) 设对称轴与x轴的交点为F ∴四边形ABDE的面积=S△ABO+S梯形BOFD+S△DFE =
=
=9; (3)相似,如图, BD=
∴BE=
DE=
∴BD2+BE2=20,DE2=20 即:BD2+BE2=DE2, 所以△BDE是直角三角形 ∴∠AOB=∠DBE=90°,且
∴△AOB∽△DBE(2分). 点评:本题考查学生将二次函数的图象与解析式相结合处理问题、解决问题的能力.
2013学年四川省成都市名师堂学校中考数学模拟试卷(三)一、选择题(每小题3分,共30分)二、填空题(每小题4分,共16分)考点:图形的剪拼.
分析:根据已知正方形边长,得出新矩形的各边长,进而得出此矩形的周长.
解答:解:由题意可得出:AB=ED=a+1,CD=AF=a+3,BC=EF=a+3-(a+1)=2,
∴此矩形的周长为:2(a+1+a+3)+2×2=4a+12. 故答案为:4a+12. 点评:此题主要考查了图形的剪拼,根据已知得出各部分的长是解题关键.
三、解答题(本大题共6小题,共54分)分析:(1)由直线MN∥BC,MN交∠BCA的平分线于点E,交∠BCA的外角平分线于点F,易证得△EOC与△FOC是等腰三角形,即可得OE=OF;
(2)由(1)知,OE=OC=OF,当OC=OA,即点O为AC的中点时,可得OE=OC=OF=OA,证得四边形AECF是矩形;再由∠ACB=90°,MN∥BC,得出AC⊥EF,从而证明矩形AECF是正方形;根据正方形的性质及勾股定理求出AC=2,OA=OE=1,在Rt△ABC中,由正弦函数的定义得到∠B=30°,则∠AGO=30°,OG=
解答:(1)证明:∵MN∥BC,
∴∠OEC=∠ECB,∠OFC=∠FCD. 又∵CE平分∠ACB,FC平分∠ACD. ∴∠ECB=∠OCE,∠OCF=∠FCD, ∴∠OEC=∠OCE,∠OFC=∠OCF, ∴EO=OC,FO=OC, ∴EO=FO; (2)解:当点O运动到AC中点时,四边形AECF为正方形.理由如下: 由(1)知,OE=OC=OF, 当OC=OA,即点O为AC的中点时, ∴OE=OC=OF=OA, ∴四边形AECF是平行四边形,AC=EF, ∴这时四边形AECF是矩形; 又∵∠ACB=90°,MN∥BC, ∴∠AOE=∠ACB=90°, ∴AC⊥EF, ∴矩形AECF是正方形. ∴AE=CE=
∴AC=2,OA=OE=1. 在Rt△ABC中,∵∠ACB=90°,AB=4,AC=2, ∴sin∠B=
∴∠B=30°, ∴∠AGO=∠B=30°,OG=
过E作EH⊥AB于H,设EH=x,则GE=2x, ∵GE+OE=OG, ∴2x+1=
∴x=
在Rt△AHE中,sin∠HAE=
∴sin∠BAE=
点评:此题考查了平行线的性质,角平分线的定义,等腰三角形的判定与性质,正方形、矩形的判定与性质,解直角三角形.此题综合性较强,难度适中,解题的关键是注意数形结合思想的应用. 一、B卷填空题(每小题4分,共20分)考点:四边形综合题.
专题:综合题.
分析:由四边形QBED为直角梯形,分为∠PQB=90°和∠CPQ=90°两种情况,得出三角形相似,利用相似比求出相应t的值即可.
解答:解:在Rt△ABC中,BC=3cm,AB=5cm,
根据勾股定理得:AC=
设P、Q运动t秒时,四边形QBED为直角梯形, ①当∠PQB=90°时,得DE∥QB, 则四边形QBED是直角梯形(如图1), 此时△APQ∽△ABC, 则
解得:t=
②当∠CPQ=90°时,得PQ∥BC, 则四边形QBED是直角梯形(如图2), 此时△APQ∽△ACB, 则
解得:t=
综上,当点P、Q运动
故答案为:
点评:此题考查了四边形综合题,涉及的知识有:相似三角形的判定与性质,直角梯形的性质,利用了分类讨论及数形结合的思想,解题的关键是由直角梯形的直角的可能情况,利用平行线得相似三角形,分类求解.
考点:根与系数的关系.
分析:首先根据两根与方程系数之间的关系求得an+bn=n+2,an·bn=-2n2,然后由
解答:解:∵关于x的一元二次方程x2-(n+2)x-2n2=0的两根记作an、bn(n为不小于2的整数),
∴an+bn=n+2,an·bn=-2n2, ∴
∴
故答案是:-
点评:此题主要考查了根与系数的关系,将根与系数的关系与代数式变形相结合解题是一种经常使用的解题方法. 二、解答题(本大题共3小题,共30分)分析:(1)先根据题意得出一个关于x的不等关系:(100-x)·5000·(1+2x%)=100×5000,解此方程即得x的值;
(2)设安排x万非城镇居民进入加工企业工作,这100万非城镇居民的人均年收入为y元,利用已知分别表示出从事传统农业的非城镇居民和进入加工企业工作的这些非城镇居民人均年收入进而求出即可. 解答:解:(1)根据题意,
(100-x)·5000·(1+2x%)=100×5000, 即x2-50x=0, 解得:x1=0(舍去),x2=50; (2)设安排x万非城镇居民进入加工企业工作,这100万非城镇居民的人均年收入为y元,依据题意可得出: y=
化简得:y=-x2+200x+5000=-(x-100)2+15000, 根据二次函数的图象知:当0<x≤50时,y随x增大而增大, ∴当x=50时,y有最大值为12500,故当地政府应安排50万非城镇居民进入加工企业工作, 才能使这100万非城镇居民的人均年收入达到最大,其最大人均年收入为12500元. 点评:本题主要考查了函数模型的选择与应用,属于基础题.解决实际问题通常有四个步骤:(1)阅读理解,认真审题;(2)引进数学符号,建立数学模型;(3)利用数学的方法,得到数学结果;(4)转译成具体问题作出解答,其中关键是建立数学模型.
考点:圆的综合题.
专题:分类讨论.
分析:(1)由AB为半圆的直径,利用直角所对的圆周角为直角,得到AM垂直于BC,再由CD垂直于AB,得到一对直角相等,再由一对对顶角相等,利用两对对应角相等的两三角形相似得到三角形CEM与三角形ADE相似,由相似三角形的对应角相等可得证;
(2)连接AC,则可判断AM是线段BC的垂直平分线,在Rt△ACD中,求出AD,从而得出BD,再由Rt△AED与Rt△CDB相似,利用相似三角形的性质即可得出DE的长; (3)若以点E、O、D为顶点的三角形与△BAP相似,则有∠EOD=∠PAM或∠EOD=∠ABM,然后分别求出AD的长度,即为t的值. 解答:
解:(1)证明:∵AB为半圆的直径, ∴∠AMB=∠CMA=90°, ∵CD⊥AB, ∴∠CDA=90°, ∴∠CMA=∠CDA,又∠CEM=∠AED, ∴△CME∽△ADE, ∴∠BAM=∠C; (2)连接AC,如图1所示, ∵AB是半圆O的直径, ∴∠AMB=90°, 又∵CM=BM, ∴AM是线段BC的垂直平分线, ∴AC=AB=10, 在Rt△ACD中,AD=
∴BD=4, 又∵Rt△AED∽Rt△CBD, ∴
∴DE=3; (3)存在,理由如下: 若以点E、O、D为顶点的三角形与△ABM相似,则有∠EOD=∠MAB或∠EOD=∠ABM, ①当∠EOD=∠MAB时,如图2所示,此时△AOE为等腰三角形,点D为AO的中点,即t=AD=
②当∠EOD=∠ABM时,OE∥BM,如图3所示,此时OD=5-AD,BD=10-AD, ∵Rt△DOE∽Rt△DBC, ∴
∴t=AD=
综上,在点M的运动过程中,存在t使得以点E、O、D为顶点的三角形与△ABM相似,此时t的值为
点评:此题考查了二次函数的综合题,涉及了圆周角定理、勾股定理、相似三角形的判定与性质,本题的难点在第三问,注意分类讨论,不要漏解,难度较大.
考点:二次函数综合题.
分析:(1)在Rt△ABC中,由射影定理可求出OC的长,由此确定点C的坐标;知道A、B、C三点坐标后,利用待定系数法可确定该抛物线的解析式.
(2)此题中,以A、B、C、P为顶点的四边形可分作两部分,若该四边形的面积是△ABC面积的1.5倍,那么四边形中除△ABC以外部分的面积应是△ABC面积的一半,分三种情况: ①当点P在x轴上方时,△ABP的面积应该是△ABC面积的一半,因此点P的纵坐标应该是点C纵坐标绝对值的一半,代入抛物线解析式中即可确定点P的坐标; ②当点P在B、C段时,显然△BPC的面积要远小于△ABC面积的一半,此种情况不予考虑; ③当点P在A、C段时,由A、C的长以及△ACP的面积可求出点P到直线AC的距离,首先在射线CK上取线段CD,使得CD的长等于点P到直线AC的距离,先求出过点D且平行于l1的直线解析式,这条直线与抛物线的交点即为符合条件的点P. (3)从题干的旋转条件来看,直线l1旋转的范围应该是l1、l2中间的部分,而△MCK的腰和底并不明确,所以分情况讨论:①CK=CM、②KC=KM、③MC=MK; 求出点K的坐标、∠BCO的度数结合上述三种情况求解. 解答:解:(1)在Rt△ABC中,OB=1,OA=3,且CO⊥AB;
∴OC=
设抛物线的解析式为:y=a(x+1)(x-3),代入点C的坐标后,得: a(0+1)(0-3)=-
∴抛物线的解析式:y=
(2)易知OA=3、OB=1、OC=
①当点P在x轴上方时,由题意知:S△ABP=
点P到x轴的距离等于点C到x轴距离的一半,即 点P的纵坐标为
令y=
解得 x=
∴P1(
②当点P在抛物线的B、C段时,显然△BCP的面积要小于
③当点P在抛物线的A、C段时,S△ACP=
在射线CK上取点D,使得CD=h=1,过点D作直线DE∥l1,交y轴于点E,如右图; 在Rt△CDE中,∠ECD=∠BCO=30°,CD=1,则CE=
∴直线DE:y=
∴P3(1,-
综上,存在符合条件的点P,且坐标为(
(3)由(1)知:y=
∴抛物线的对称轴 x=1; 在Rt△OBC中,OB=1,OC=
过点C作直线CN∥x轴,交抛物线于点N,如右图; 由抛物线的对称性可得:N(2,-
易知直线BC:y=-
在△CKN中,∠2=60°,CN=CK=2,那么△CKN是等边三角形----①. Ⅰ、KC=KM时,点C、M关于抛物线的对称轴对称,符合①的情况,即点M、N重合; Ⅱ、KC=CN时,由于KC=BC,所以此时点M与B、N重合; Ⅲ、MK=MC时,点M在线段CK的中垂线上,CK的中垂线与抛物线相交于点N或者相交于抛物线的顶点. 综上,符合条件的直线l1的旋转角度α=60°或α=∠ACN=90°-∠2=30°. 点评:该题考查了利用待定系数法确定函数解析式,图形面积的解法以及等腰三角形的判定和性质等重点知识;后两题涉及的情况较多,应分类进行讨论,容易漏解.
考点:正方形的性质.
专题:规律型.
分析:判断出△OA1B1是等腰直角三角形,求出第一个正方形A1B1C1A2的边长为1,再求出△B1C1B2是等腰直角三角形,再求出第2个正方形A2B2C2A3的边长为2,然后依次求出第3个正方形的边长,第4个正方形的边长第5个正方形的边长,第6个正方形的边长,再根据正方形的面积公式列式计算即可得解.
解答:解:∵∠MON=45°,
∴△OA1B1是等腰直角三角形, ∵OA1=1, ∴正方形A1B1C1A2的边长为1,第1个正方形的面积S1=1 ∵B1C1∥OA2, ∴∠B2B1C1=∠MON=45°, ∴△B1C1B2是等腰直角三角形, ∴正方形A2B2C2A3的边长为:1+1=2,第2个正方形的面积S2=4 同理,第3个正方形A3B3C3A4的边长为:2+2=4,第3个正方形的面积S3=16 第4个正方形A4B4C4A5的边长为:4+4=8,第4个正方形的面积S4=64 第5个正方形A5B5C5A6的边长为:8+8=16,第5个正方形的面积S5=256 第6个正方形A6B6C6A7的边长为:16+16=32,第6个正方形的面积S6=1024. 所以第n个正方形的面积Sn=22n-2. 故答案为:64,22n-2. 点评:本题考查了正方形性质,等腰直角三角形的判定和性质,得出后一个正方形的边长是前一个正方形边长的2倍是解题的关键. 三、解答题(一)(本大题共3小题,每小题6分,共18分)四、解答题(二)(本大题共3小题,每小题7分,共21分)五、解答题(三)(本大题共3小题,每小题9分,共27分)考点:轴对称-最短路线问题;两点间的距离公式.
专题:阅读型.
分析:(1)直接利用两点之间距离公式直接求出即可;
(2)利用轴对称求最短路线方法得出P点位置,进而求出PA+PB的最小值; (3)根据原式表示的几何意义是点(x,y)到点(-2,-4)和(3,1)的距离之和,当点(x,y)在以(-2,-4)和(3,1)为端点的线段上时其距离之和最小,进而求出即可. 解答:解:(1)∵平面直角坐标系内任意两点A(x1,y1),B(x2,y2)间的距离公式为:
AB=
∴点A(1,-3),B(-2,1)之间的距离为:
故答案为:5; (2)如图所示:作A点关于x轴对称点A′点,连接A′B, 则此时PA+PB最小,最小值为:
故答案为:2
(3)原式表示的几何意义是点(x,y)到点(-2,-4)和(3,1)的距离之和, 当点(x,y)在以(-2,-4)和(3,1)为端点的线段上时其距离之和最小, ∴原式最小值为:
点评:此题主要考查了利用轴对称求最值问题以及两点之间距离公式,正确转化代数式为两点之间距离问题是解题关键.
考点:全等三角形的判定与性质.
分析:(1)根据等腰三角形的性质,可得两底角相等,根据线段中点的性质,可得OA=OB,根据AAS,可得两个三角形全等,根据全等三角形的性质,可得结果;
(2)根据四个角是直角的四边形是矩形,可得四边形DMCN是矩形,根据矩形的性质,可得对边相等,根据等腰三角形的判定,可得DM与AM的关系,根据根据SAS,可得三角形全等,根据全等三角形的性质,可得对应边相等,对应角相等,根据同角的余角相等,可得答案. 解答:证明:(1)∵CA=CB,
∴∠A=∠B, ∵O是AB的中点, ∴OA=OB. ∵DF⊥AC,DE⊥BC, ∴∠AMO=∠BNO=90°, 在△OMA和△ONB中,
∴△OMA≌△ONB(AAS), ∴OM=ON. (2)解:OM=ON,OM⊥ON. 理由如下:连结OC, ∵BN⊥DE,FM⊥CM,CM⊥BN, ∴四边形DMCN是矩形, ∴CN=DM, ∵∠DAM=∠CAB=45°,∠DMA=90°, ∴DM=MA, ∴CN=MA ∵∠ACB=90°,O为AB中点, ∴CO=
∴∠NCO=∠MAO=135°, 在△NOC和△MOA, 中
∴△NOC≌△MOA(SAS), ∴OM=ON,∠AOM=∠NOC, ∵∠NOC+∠AON=90°, ∴∠AOM+∠AON=90°, ∴∠MON=90°, 即OM⊥ON. 点评:本题考查了全等三角形的判定与性质,(1)由SAS证明三角形全等,再由全等三角形的性质,得出答案;(2)先证明矩形,再由SAS证明三角形全等,证明全等三角形的对应边相等、对应角相等,同角的余角相等. 考点:二次函数综合题.
分析:(1)已知点A坐标可确定直线AB的解析式,进一步能求出点B的坐标.点A是抛物线的顶点,那么可以将抛物线的解析式设为顶点式,再代入点B的坐标,依据待定系数法可解.
(2)首先由抛物线的解析式求出点C的坐标,在△POB和△POC中,已知的条件是公共边OP,若OB与OC不相等,那么这两个三角形不能构成全等三角形;若OB等于OC,那么还要满足的条件为:∠POC=∠POB,各自去掉一个直角后容易发现,点P正好在第二象限的角平分线上,联立直线y=-x与抛物线的解析式,直接求交点坐标即可,同时还要注意点P在第二象限的限定条件. (3)分别以A、B、Q为直角顶点,分类进行讨论.找出相关的相似三角形,依据对应线段成比例进行求解即可. 解答:解:(1)把A(1,-4)代入y=kx-6,得k=2,
∴y=2x-6, 令y=0,解得:x=3, ∴B的坐标是(3,0). ∵A为顶点, ∴设抛物线的解析为y=a(x-1)2-4, 把B(3,0)代入得:4a-4=0, 解得a=1, ∴y=(x-1)2-4=x2-2x-3. (2)存在.∵OB=OC=3,OP=OP,∴当∠POB=∠POC时,△POB≌△POC, 此时PO平分第二象限,即PO的解析式为y=-x. 设P(m,-m),则-m=m2-2m-3,解得m=
∴P(
(3)①如图,当∠Q1AB=90°时,△DAQ1∽△DOB, ∴
∴OQ1=
②如图,当∠Q2BA=90°时,△BOQ2∽△DOB, ∴
∴OQ2=
③如图,当∠AQ3B=90°时,作AE⊥y轴于E, 则△BOQ3∽△Q3EA, ∴
∴OQ32-4OQ3+3=0,∴OQ3=1或3, 即Q3(0,-1),Q4(0,-3). 综上,Q点坐标为(0,
点评:本题主要考查了利用待定系数法求函数解析式的方法、直角三角形的判定、全等三角形与相似三角形应用等重点知识.(3)题较为复杂,需要考虑的情况也较多,因此要分类进行讨论.
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