|
|
| 第七章课时跟踪检测(二十四) |
|
|
|
|
课时跟踪检测(二十四)质量铸就品牌品质赢得未来物理结束自主学习探究学习演练提能练能力质量铸就品牌品质赢得未来结束物理课时跟踪检测(二十四)谢谢观看课时跟踪检测(二十四)
1．解析：由电流表达式I＝n′eSv可得v＝，其中n′＝＝nρ/m，故v＝，D对。D
2．解析：设正方形的边长为L、导体厚度为d，则I＝，R＝ρ＝ρ＝，得I＝，故R1、R2中的电流相等，A错误，B正确。由I＝nqSv＝nqLdv得，L大则v小，C错误，D正确。BD
3．解析：选项A中电阻横截面积最大，长度最小，根据R＝ρ可知，其电阻最小。A4．解析：根据电位器结构和连线可知：串接A、B使滑动触头顺时针转动时回路电阻增大，回路电流减小，灯泡变暗，A正确；同理，D正确；串接A、C时，滑动触头不能改变回路电阻，灯泡亮度不变，故B、C错误。AD
5．解析：bR＝ρ，b代表的电阻丝较粗，B正确，A、CD错误。B
6．解析：根据电阻的定义式可以求出A、B两点的电阻分别为RA＝Ω＝30Ω，RB＝Ω＝40Ω，所以ΔR＝RB－RA＝10Ω，故B对，A、C、D错。B
7．解析：由于电阻器D与两个标准电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端时，三者功率相同，则此时三者电阻相同。当三者按照题图乙所示电路连接时，电阻器D两端的电压小于U，由题图甲图像可知，电阻器D的电阻增大，则有RD＞R1＝R2，而RD与R2并联，电压相等，根据P＝，PD＜P2，C错误；由欧姆定律可知，电流ID＜I2，又I1＝I2＋ID，根据P＝I2R，P1＞4PD，P1＜4P2，A错误、D正确；由于电阻器D与电阻R2的并联电阻R＜R1，所以D两端的电压小于，且D阻值变大，则PD＜，B错误。D
8．解析：当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，I＜，故A错误。由电源定义知在时间t内，电池组消耗的化学能为IEt，B对；电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒定律得，P出＝P电－P热＝UI－I2R，在时间t内，电动机输出的机械能是IUt－I2Rt，故C、D错误。B
11.解析：根据题意第一个闪击过程中转移电荷量Q＝6C，时间约为t＝60μs，故平均电流为I平＝＝1×105A，闪击过程中的瞬时最大值一定大于平均值，故A对；第一次闪击过程中电功约为W＝QU＝6×109J，第一个闪击过程的平均功率P＝＝1×1014W，由于一次闪电过程主要发生在第一个闪击过程中，但整个闪击过程中的时间远大于60μs，故B错；闪电前云与地之间的电场强度约为E＝＝V/m＝1×106V/m，C对；整个闪电过程向外释放的能量约为W＝6×109J，D错。AC
9．解析：电吹风吹热风时电热丝消耗的功率为P＝1000W－120W＝880W，对电热丝，由P＝可得电热丝的电阻为R＝＝Ω＝55Ω，选项A正确；由于不知道电动机线圈的发热功率，所以电动机线圈的电阻无法计算，选项B错误；当电吹风吹热风时，电热丝每秒消耗的电能为880J，选项C错误；当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120J，选项D错误。A
10．解析：充电器将电能转化为锂电池的化学能和内能，即UIt＝E化＋I2rt，充电器输出的电功率为UI，电池产生的热功率为I2r，据此可知，电能转化为化学能的功率为UI－I2r，充电器的充电效率为×100%，所以选项A、C正确。AC
12．(1)电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律得：R＝＝Ω＝2Ω
其发热功率为：P＝UI1＝12×6W＝72W。
(2)电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得：UI2＝IrM＋P输出
所以：rM＝＝Ω＝1Ω。
(3)电解槽为非纯电阻元件，由能量守恒定律得：P化＝UI3－IrA
所以P化＝(12×4－42×2)W＝16W。
(1)2Ω72W(2)1Ω(3)16W9．解析：根据图表中的数据，可以求出物体下滑的加速度a1＝4m/s2和在水平面上的加速度a2＝－2m/s2。根据运动学公式：8＋a1t1＋a2t2＝12，t1＋t2＝2，解出t1＝s，知经过s到达B点，到达B点时的速度v＝a1t＝m/s。如果第4s还在斜面上的话，速度应为16m/s，从而判断出第4s已过B点，是在2s到4s之间经过B点。所以最大速度不是12m/s，故A、C均错误。第6s末的速度是8m/s，到停下来还需的时间t′＝s＝4s，所以到C点的时间为10s，故B正确。根据v2－v02＝2ax，求出AB段的长度为m，BC段长度为m，则A、B间的距离小于B、C间的距离，故D正确。 答案：BD
10．(1)设减速过程汽车加速度的大小为a，所用时间为t，由题可得初速度v0＝20m/s，末速度vt＝0，位移s＝25m，由运动学公式得
v02＝2as
t＝
联立式，代入数据得
a＝8m/s2
t＝2.5s
11．(1)将v＝与v＝对比可得物体的加速度a＝3m/s2，
由x＝at2可得2s末物体的位置坐标x＝6m；
(2)物体从坐标原点到x1＝150m所用时间
t1＝＝10s；
物体从坐标原点到x2＝600m所用时间t2＝＝20s；
物体通过区间150m≤x≤600m所用的时间Δt＝t2－t1＝10s。
(1)6m(2)10s
12．(1)设被人接住前1s时刻物块的速度为v，
则h′＝vt′－gt′2
故v＝＝m/s＝9m/s
则物块从抛出到被人接住所用总时间为
t＝＋t′＝s＋1s＝1.2s。
(2)竖直井的深度为
h＝v0t－gt2＝11×1.2m－×10×1.22m＝6m。
(1)1.2s(2)6m
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
