类平抛运动与平抛运动的运动规律相同,所以处理方法也是分解成两个相互垂直方向上的分运动,不同之处是匀变速直线运动的加速度应根椐题设具体情况确定. 一、竖直平面内的类平抛运动 例1、质量为m的飞机以水平速度v0飞离跑道后逐渐上升,若飞机在此过程中水平速度保持不变,同时受到重力和竖直向上的恒定升力(该升力由其他力的合力提供,不含重力)。今测得当飞机在水平方向的位移为l时,它的上升高度为h,求:飞机受到的升力大小. 解析:飞机起飞的过程中,水平方向做匀速直线运动,竖直向上做初速度为零的匀加速直线运动,属于类平抛运动,轨迹如图1所示,可以用平抛运动的研究方法来求解. 飞机在水平方向上做匀速直线运动,则运动l所用时间为。 飞机水平运动l与竖直上升h用时相同,而飞机竖直向上做初速度为零的匀加速直线运动。 据可得 由牛顿第二定律得飞机受到的升力大小为
二、倾斜平面内的类平抛运动 例2、如图2所示,光滑斜面长为a,宽为b,倾角为θ.一物体从斜面上方P点水平面射入,而从斜面下方顶点Q离开斜面,求入射初速度. 解析:物体在斜面上只受重力和支持力,合外力为mgsinθ.由牛顿第二定律可得物体运动的加速度为gsinθ.方向沿斜面向下,由于初速度方向与加速度方向垂直,故物体在斜面上做类平抛运动,在水平面方向上以初速度做匀速运动,沿斜面向下做初速度为零的匀加速运动. 在水平方位移为 沿斜面下位移为 则 三、水平面内的类平抛运动 例3、在光滑水平面上,一个质量为2kg的物体从静止开始运动,在前5s受到一个正东方向大小为4N的水平恒力作用,从第5s末开始改受正北方向大小为2N的水平面恒力作用了10s,求物体在15s末的速度及位置? 解析:设起始点为坐标原点O,向东为x轴正方向,向北为y轴正方向建立直角坐标系xOy,物体在前5s内由坐标原点起向东沿x轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动,其加速度为,方向沿x轴正向,5s内物体沿x轴方向的位移为,到达P点,5s末速度为。 从第5s末开始,物体做类平抛运动,参与两个分运动,一是沿x轴正方向做速度为10m/s的匀速运动,经10s其位移。 二是沿y轴正方向做初速度为零的匀加速运动,其加速度为,经10s其位移为 沿y轴正方向的速度为 令15s末物体到达Q点,则 方向东偏北, 15s末的速度为 方向东偏北 四、定向偏转(类平抛运动) 例4、如图3所示,在真空中水平放置一对平行金属板,板间距离为d,板长为l,加电压U后,板间产生一匀强电场,一质子以初速v0垂直电场方向射入匀强电场,试分析质子运动情况,并求出质子射出电场时的速度。 1.受力分析:质子所受重力可以不计,故只受竖直向下的电场力作用。 2.运动情况分析:水平方向(即垂直电场方向)由于不受力的作用,故做匀速直线运动;竖直方向上只受恒定的电场力作用,故做初速度为零的匀加速直线运动,因此我们可以用运动合成的知识来求质子在任一时刻的速度。 3.求解方法:质子通过电场的时间可由水平分运动求出 质子在竖直方向做匀加速直线运动,由牛顿第二定律可求得加速度为: 质子离开电场时竖直分速度为: 质子离开电场时的速度实质是两分运动在此时刻速度的合速度(如图) 设此时质子速度方向与初速度方向夹角为(通常称为偏转角),则由矢量图可知 由此可知,偏转角与板长l、板间距离d、板间电压U、带电粒子的初速度v0和荷质比 有关。 4.注意:①若不同的带电粒子是从静止经过同一加速电压U0加速后进入偏转电场的,则由动能定理有,则,由上式可知,粒子的偏转角与粒子q、m无关,仅决定于加速电场和偏转电场,即不同的带电粒子从静止经过同一加速电场加速进入同一偏转电场,它们在电场中的偏转角度总是相同的;②粒子从偏转电场中射出时偏转距离,作粒子速度的反向延长线,与初速度的延长线交于O点,O点与粒子入场点距离为x,则 由此可知,粒子从偏转电场中射出时,速度的反向延长线与初速度延长线的交点平分沿初速度方向的位移,好像直接从板中点沿直线射出一样,对偏转的问题,一定要通过运动的合成与分解的方法分析,依运动的独立性来确定。 |
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