2020年贵州省黔西南州中考物理试卷
一、单项选择题（本题6小题，每题3分，共18分）
1．（3分）下列数据中，记录错误的是（ ）
A．1m/s＝3.6km/h
B．1kg＝9.8N
C．4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3
D．标准大气压数值为1.013×105Pa
2．（3分）2019年10月1日，小洋欣赏了建国70周年主题为《我的祖国》的专场音乐会。其中关于音乐的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．男高音的音调比男低音的音调低
B．小洋主要是根据响度来区分不同乐器的声音
C．当长笛演奏时，是长笛内的空气振动发声
D．欣赏音乐期间，大家把手机调至静音是在阻断噪声的传播
3．（3分）有“天空之镜”美誉的茶卡盐湖，平静的白色湖面上会倒映着湛蓝的天空、白白的云朵以及观赏的游客，清晰而又美丽，如图。对图中景象，下列分析正确的是（ ）
A．倒影是光的折射形成的
B．人身后的黑影是光的直线传播形成的
C．倒影与黑影都一定与人物等大
D．拍摄这幅照片时，照相机所成的是正立的虚像
4．（3分）2019年12月17日，中国第一艘国产航空母舰在海南三亚某军港交付海军，这艘航母命名为“中国人民解放军海军山东舰”。山东舰满载排水量约5万吨，可以搭载36架歼﹣15舰载机。下列分析正确的是（ ）
A．山东舰满载时受到的浮力为5×107N
B．舰载机全部飞出后，山东舰受到的浮力不变
C．舰载机在舰上起飞的过程是匀速直线运动
D．山东舰在海上沿直线匀速航行时，受到的阻力与水的推力是平衡力
5．（3分）如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转。下列四幅图中与此电流表工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（3分）医用外科口罩与N95级口罩根据飞沫颗粒的大小和气流速度，可通过拦截、惯性碰撞附着、扩散吸附、静电吸引等多种机制捕捉含病毒分子的飞沫，起到良好的防病毒作用。下列判断错误的是（ ）
A．病毒分子具有惯性
B．温度越高病毒分子运动得越快
C．温度越高病毒分子的动能越小
D．带静电的物体对轻小物体有吸引作用
二、填空题（本题6小题，每空1分，共16分）
7．（2分）蝙蝠靠 发现昆虫，北斗卫星利用 给交通工具导航。
8．（4分）如图甲、乙所示是建设武汉火神山医院的场景。
（1）在图甲中，挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，目的是为了 压强，覆带的外表面做得凹凸不平，是为了 摩擦。（选填“增大”或“减小”）
（2）在图乙中，压路机将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的 ；将土压实后，泥土的密度 （选填“变大”或“变小”）。
9．（4分）如图所示，给试管内水加热至一定程度，发现试管口木塞会被推出。
（1）给水加热是通过 方式使水的内能增加；木塞被推出后水蒸气的内能 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
（2）四冲程内燃机的 冲程与这个原理相同；内燃机工作时，产生的噪声和 会对环境造成污染。
10．（2分）如图甲所示，小明参加高山速降滑雪运动，滑雪板板尾从A点开始加速下滑并越过C点。
（1）小明通过AB段与通过AC段的平均速度的关系为vAB vAC（选填“＜”“＞”或“＝”）。
（2）通过雪道后，小明将从2m高的水平台阶滑出，如图乙所示。若此刻小明受到的力全部消失，其运动轨迹将是图中的 （选填“A”“B”或“C”）。
11．（2分）如图所示，工人们用同一滑轮组，根据需要有两种方式来提起等重的建筑材料，若不计摩擦和绳重，则F1 F2，机械效率ηA ηB（填“＞”“＝”或“＜”）。
12．（2分）在家庭电路中，保险丝熔断的原因是短路或用电器的总功率 ；串联在电路中的保险丝，电阻比较 ，熔点低，当电流过大时，迅速升温熔断，切断电路。
三、简答题（本题2小题，每题4分，共8分）
13．（4分）阅读下面的短文：
二氧化碳气体若被加压、降温到一定程度，就会形成白色的、像雪一样的固体。这种固体在常温下不经熔化就会直接变成气体，所以叫干冰。干冰具有很好的致冷作用，可用于人工降雨。这是由于干冰在常温下会迅速变为气体，吸收热量，促使水蒸气遇冷凝结成水滴或小冰晶，从而达到降雨的条件。
仿照示例，指出短文中包含的任意两种物态变化（示例除外），并说明是吸热还是放热。
[示例]二氧化碳气体凝华，放热。
（1） ；
（2） 。
14．（4分）用如图所示的装置来探究物体动能跟哪些因素有关。实验时，让钢球从斜面某一高度滚下，在水平面上运动，将木块B撞出一段距离。
（1）此实验是通过比较什么物理量来判断钢球在水平面上撞击木块时动能的大小的？
（2）当要研究钢球动能的大小与速度关系时，应该怎么操作？为什么？
（3）猜想一下：如果斜面和水平面都是光滑的，把木块B固定在水平面上，钢球A与木块碰撞时无能量损失，那么钢球被木块反弹后可能会运动到斜面什么位置？
四、作图题（本题3小题，每题3分，共9分）
15．（3分）如图，装有水的烧杯底部有一枚硬币A，眼睛在B处看到硬币在C处。画出人眼看到硬币的光路图。
16．（3分）如图所示，物体以某一速度v沿斜面匀速下滑。作出该物体所受各力的示意图。
17．（3分）给螺线管通电后，能自由转动的小磁针静止时的指向如图所示。在图中标出电源的“+”“﹣”极、螺线管的N极，并标出螺线管外磁感线的方向。
五、实验题（本题2小题，第18题7分，第19题11分，共18分）
18．（7分）用天平（含砝码）、量筒、水和细线，测量矿石的密度，实验过程如图所示。
（1）在测量矿石质量前，将游码移到0刻线，天平指针指在分度盘的位置如图甲所示，此时应该向 （填“左”或“右”）旋动横梁右端的螺母，直到指针指在分度盘的 。
（2）接下来的实验操作顺序应该是： 、 、 （填写图乙中的标号）。
（3）测量质量时，矿石放在天平左盘，右盘中所放砝码如图A所示，再将游码移动到图示位置时，天平平衡。则矿石的质量为 g。
（4）实验测得该矿石的密度为 kg/m3。
19．（11分）小明用如图所示的实验电路探究“电流与电阻的关系”。
（1）在方框内画出此实验电路图。
（2）连接电路时，开关应处于 状态，连接好电路后，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于 端。
（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P发现：电压表始终无示数，电流表有示数。其原因可能是 （填序号）。
A．滑动变阻器断路
B．电阻R短路
C．电阻R断路
（4）排除故障后，用5Ω的电阻替换R接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表示数为1.5V时，电流表指针位置如图乙所示，将电流表示数填入表中。
R/Ω I/A 5 10 0.15 15 0.1 （5）将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P到合适位置时，记录电流数据。此操作中调节滑动变阻器的目的是 。
（6）再将电阻换成15Ω，重复上述操作。
（7）进行多次实验，其目的是为了得到 。
（8）分析表格中的数据可得出结论： 一定时， 。
六、计算题（本题3小题，第20题8分，第21题7分，第22题6分，共21分）
20．（8分）一根粗细均匀的镍铬合金丝，将其接入电压为6V的电源上，通过的电流为0.3A．求：
（1）这根镍铬合金丝的电阻；
（2）通电1min消耗的电能；
（3）若将这根镍铬合金丝对折后一起接入原电源上，电路中的总电流为多大？
21．（7分）如图甲所示，有一体积、质量忽略不计的弹簧，其两端分别固定在容器底部和正方体形状的物体上。已知物体的边长为10cm，弹簧没有发生形变时的长度为10cm，弹簧受到拉力作用后，伸长的长度△L与拉力F的关系如图乙所示。向容器中加水，直到物体上表面与液面相平，此时水深24cm。（g＝10N/kg）求：
（1）物体受到水的浮力。
（2）打开出水口，缓慢放水，当弹簧处于没有发生形变的状态时，关闭出水口。求放水前后水对容器底部压强的变化量。
22．（6分）如图是一款可以设定不同出水温度的电热饮水器原理示意图，R是加热电阻丝，阻值为44Ω，Rt是热敏电阻，其阻值与温度的关系式为Rt＝5+0.5t（式中Rt单位是Ω，t的单位是℃），R0是设定温度的变阻器。控制电路中，电源电压为3V，当电磁继电器线圈中的电流小于等于10mA时，衔铁片会弹起，触点分离，热水器停止加热。[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]
（1）如果将水只加热到80℃，闭合开关，则滑动变阻器的阻值要调到多大？（电磁铁线圈电阻忽略不计）
（2）容器内装有700mL、初温为20℃的水，将其加热到100℃，用时4min，则该饮水器正常工作时加热效率是多少？
2020年贵州省黔西南州中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题6小题，每题3分，共18分）
1．（3分）下列数据中，记录错误的是（ ）
A．1m/s＝3.6km/h
B．1kg＝9.8N
C．4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3
D．标准大气压数值为1.013×105Pa
【分析】（1）物理量不同单位的换算正确与否包括两方面：进率和过程，据此作出判断。
（2）在地球上质量为1kg的物体所受的重力为9.8N，而不是1kg＝9.8N；
（3）4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3；
（4）标准大气压数值为1.013×105Pa。
【解答】解：
A、1m/s＝1×3.6km/h＝3.6km/h，故A正确；
B、在地球上质量为1kg的物体所受的重力为9.8N，但1kg≠9.8N，故B错误；
C、4℃时，水的密度为1.0×103kg/m3，故C正确；
D、标准大气压数值为1.013×105Pa，故D正确；
故选：B。
【点评】本题主要考查了几个常见的物理数据，是一道基础题。
2．（3分）2019年10月1日，小洋欣赏了建国70周年主题为《我的祖国》的专场音乐会。其中关于音乐的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．男高音的音调比男低音的音调低
B．小洋主要是根据响度来区分不同乐器的声音
C．当长笛演奏时，是长笛内的空气振动发声
D．欣赏音乐期间，大家把手机调至静音是在阻断噪声的传播
【分析】（1）（2）声音的特性有三个：音调、响度和音色；音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性。
（3）声音是由物体振动产生的；
（4）减弱噪声的途径有：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱。
【解答】解：
A、男高音与男低音中的低和高都是指音调的高低，高音的音调高，低音的音调低，故A错误；
B、小洋主要是根据音色来区分不同乐器的声音，故B错误；
C、长笛声是由笛内的空气柱振动产生的，故C正确；
D、手机设置为静音，属于在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查声音的特性、声音的产生、减弱噪声的途径，属于基础题。
3．（3分）有“天空之镜”美誉的茶卡盐湖，平静的白色湖面上会倒映着湛蓝的天空、白白的云朵以及观赏的游客，清晰而又美丽，如图。对图中景象，下列分析正确的是（ ）
A．倒影是光的折射形成的
B．人身后的黑影是光的直线传播形成的
C．倒影与黑影都一定与人物等大
D．拍摄这幅照片时，照相机所成的是正立的虚像
【分析】（1）平静的水面相当于平面镜，物体在水中的倒影是物体在水中的像，是光的反射形成的；
（2）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同种均匀介质中是沿直线传播的；
（3）物体在平面镜中成倒立、等大的虚像；物体影子的大小与光源的角度以及距离光源的远近都有关；
（4）照相机的镜头相当于凸透镜，拍照时，物距大于2倍焦距，照相机成倒立、缩小的实像。
【解答】解：
A、平静的水面相当于平面镜，人在水中的倒影属于平面镜成像现象，是光的反射形成的，故A错误；
B、光在均匀的空气中沿直线传播，阳光照到人的身上，不能继续向前传播，在人的身后形成一片比较暗的区域，这就是人的影子，故B正确；
C、人在水中的倒影是平面镜成像现象，倒影与人的大小相等；人身后的影子与人的大小可能相同，也可能不同，故C错误；
D、照相机的镜头相当于凸透镜，拍摄这幅照片时，照相机所成的是倒立的实像，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了三种光现象的辨析及凸透镜成像规律的应用，包含的知识点较多，熟练掌握基础知识是解答的关键。
4．（3分）2019年12月17日，中国第一艘国产航空母舰在海南三亚某军港交付海军，这艘航母命名为“中国人民解放军海军山东舰”。山东舰满载排水量约5万吨，可以搭载36架歼﹣15舰载机。下列分析正确的是（ ）
A．山东舰满载时受到的浮力为5×107N
B．舰载机全部飞出后，山东舰受到的浮力不变
C．舰载机在舰上起飞的过程是匀速直线运动
D．山东舰在海上沿直线匀速航行时，受到的阻力与水的推力是平衡力
【分析】①已知山东舰排水量，可以得到排开水的重力，根据漂浮的物体受到的浮力等于重力确定山东舰满载时受到的浮力及舰载机起飞后的浮力变化；
②经过的路线是直线，快慢不变的运动叫匀速直线运动；
③在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态。
【解答】解：A、山东舰满载排水量约5万吨＝5×107kg，满载时受到的浮力为F浮＝G排＝m排g＝5×107kg×10N/kg＝5×108N．故A错误；
B、山东舰是漂浮状态，受到的浮力等于其重力。当舰载机起飞后，山东舰总重力减小，所以受到的浮力减小。故B错误；
C、舰载机在舰上起飞的过程是加速运动状态。故C错误；
D、山东舰在海上沿直线匀速航行时，水平方向受到的阻力与水的推力是一对平衡力。故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了漂浮的特点、匀速直线运动的含义及运动和力的关系，是一道力学综合题，正确理解和应用规律是解答的关键。
5．（3分）如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转。下列四幅图中与此电流表工作原理相同的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意可知电流表是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的，分析各选项图所反映的原理，从而选择符合题意的答案。
【解答】解：
由题知，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转，即电流表是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理工作的。
A、图中导体通电后，会在磁场中受力而运动，与电流表的工作原理相同；
B、该图是奥斯特实验，与电流表的工作原理不相同；
C、该图是研究电磁感应现象的实验，与电流表的工作原理不相同；
D、该图是研究电流磁效应的实验，与电流表的工作原理不相同。
故选：A。
【点评】本题考查了对电流表工作原理的认识，特别注意要能区分电磁感应现象和通电导体在磁场中受力这两个实验的不同之处。
6．（3分）医用外科口罩与N95级口罩根据飞沫颗粒的大小和气流速度，可通过拦截、惯性碰撞附着、扩散吸附、静电吸引等多种机制捕捉含病毒分子的飞沫，起到良好的防病毒作用。下列判断错误的是（ ）
A．病毒分子具有惯性
B．温度越高病毒分子运动得越快
C．温度越高病毒分子的动能越小
D．带静电的物体对轻小物体有吸引作用
【分析】①一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
②分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈；
③物体内分子做无规则运动具有的能叫动能，分子动能与分子运动的速度有关，分子运动速度越快，其动能越大；
④带电体具有吸引轻小物体的性质。
【解答】解：
A、一切物体都具有惯性，所以病毒分子也具有惯性，故A正确；
B、温度越高分子热运动越剧烈，所以病毒分子运动得越快，故B正确；
C、分子无规则运动的速度与物体的温度有关；温度越高，病毒分子运动得越快，分子具有的动能越大，故C错误；
D、带静电的物体可以吸引轻小物体，故D正确。
故选：C。
【点评】此题考查的知识点较多，包括惯性的存在、分子无规则运动的规律、分子动能的影响因素及带电体的性质，正确理解概念和规律是解答的关键。
二、填空题（本题6小题，每空1分，共16分）
7．（2分）蝙蝠靠 回声定位 发现昆虫，北斗卫星利用 电磁波 给交通工具导航。
【分析】（1）蝙蝠在飞行时会发出超声波，这些声波在碰到墙壁或昆虫时会反射回来，根据回声到来的方位和时间，蝙蝠可以确定障碍物或目标的位置和距离。
（2）卫星导航、移动通信都是利用电磁波来传递信息的。
【解答】解：
蝙蝠通过自身发出的超声波的回声可以确定目标的位置和距离，即蝙蝠是通过回声定位的方法来发现昆虫。
北斗卫星利用电磁波给交通工具导航。
故答案为：回声定位；电磁波，
【点评】此题考查了对电磁波的传播、回声定位的理解，属于基础知识考查，难度不大。
8．（4分）如图甲、乙所示是建设武汉火神山医院的场景。
（1）在图甲中，挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，目的是为了 增大 压强，覆带的外表面做得凹凸不平，是为了 增大 摩擦。（选填“增大”或“减小”）
（2）在图乙中，压路机将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的 形状 ；将土压实后，泥土的密度 大 （选填“变大”或“变小”）。
【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强；
增大摩擦力的方法：在接触面的粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）力可以改变物体的形状；在质量一定时，物体的体积越小，其密度越大；
【解答】解：
（1）挖掘机铲斗的铲头做成比较锋利的齿状，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
覆带的外表面做得凹凸不平，这是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）用压路机碾压地面的过程中，将地面压平、压实，利用了力可以改变物体的形状；
将土压实后，土的质量不变，但土的总体积减小，由密度公式可知土质的密度变大。
故答案为：（1）增大；增大；（2）形状；大。
【点评】本题考查了增大压强和增大摩擦力的方法，以及力的作用效果、密度公式的应用，是一道综合题。
9．（4分）如图所示，给试管内水加热至一定程度，发现试管口木塞会被推出。
（1）给水加热是通过 热传递 方式使水的内能增加；木塞被推出后水蒸气的内能 减小 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
（2）四冲程内燃机的 做功 冲程与这个原理相同；内燃机工作时，产生的噪声和 废气 会对环境造成污染。
【分析】（1）用酒精灯给水加热的过程中，酒精燃烧释放的内能用来加热水，属于热传递改变物体的内能；做功可以改变物体内能，气体对外做功时，气体的内能转化为机械能，气体内能减少；当外界对气体做功时，机械能转化为内能，气体内能增加；
（2）汽油机的做功冲程中，将燃气的内能转化为活塞运动的机械能；热机燃料燃烧时会释放废气。
【解答】解：
（1）用酒精灯加热水的过程中，水从酒精灯火焰吸收热量，是通过热传递的方式使水的内能增加的；
软木塞冲出试管口时，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，则水蒸气内能变小；
（2）木塞被推出后水蒸气的内能减小、转化为机械能，与做功冲程的原理相同；
热机使用中要产生废气、噪声，会对环境造成污染。
故答案为：（1）热传递；减小；（2）做功；废气。
【点评】本题考查了做功与热传递，以及有关热机的知识，难度不大。
10．（2分）如图甲所示，小明参加高山速降滑雪运动，滑雪板板尾从A点开始加速下滑并越过C点。
（1）小明通过AB段与通过AC段的平均速度的关系为vAB ＜ vAC（选填“＜”“＞”或“＝”）。
（2）通过雪道后，小明将从2m高的水平台阶滑出，如图乙所示。若此刻小明受到的力全部消失，其运动轨迹将是图中的 B （选填“A”“B”或“C”）。
【分析】（1）由题意可知，滑雪板板尾从A点开始加速下滑并越过C点，分析AB过程和BC过程中速度与B点的速度关系得出答案；
（2）根据牛顿第一定律进行解答，即：一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：
（1）由题意可知，滑雪板板尾从A点到C点的过程中做加速直线运动，
因从A点到B点的过程中B点的速度最大，从B点到C点的过程中B点的速度最小，
所以，通过AB段的平均速度小于通过AC段的平均速度，即vAB＜vAC；
（2）通过雪道后，小明将从2m高的水平台阶滑出，此时小明的运动方向水平向右，
若此刻小明受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，小明将水平向右做匀速直线运动，其运动轨迹将是图中的B。
故答案为：（1）＜；（2）B。
【点评】本题考查了平均速度大小的比较和牛顿第一定律的应用，是一道较为简单的应用题。
11．（2分）如图所示，工人们用同一滑轮组，根据需要有两种方式来提起等重的建筑材料，若不计摩擦和绳重，则F1 ＜ F2，机械效率ηA ＝ ηB（填“＞”“＝”或“＜”）。
【分析】不计摩擦和绳重，绳端的拉力F＝，据此判断拉力的大小；
因不计摩擦及绳重，额外功的来源是克服动滑轮自重做的功，根据公式η＝＝＝比较机械效率的大小。
【解答】解：
工人们用同一滑轮组，根据需要有两种方式来提起等重的建筑材料，由图知n分别为3、2，
不计摩擦及绳重，提升等重的建筑材料时拉力分别为：
F1＝（G物+G动），F2＝（G物+G动），
比较可知F1＜F2；
因不计摩擦及绳重，额外功的来源是克服动滑轮自重做的功，
滑轮组的机械效率η＝＝＝，
因动滑轮的重力不变、提起物体的重力相同，故ηA＝ηB。
故答案为：＜；＝。
【点评】此题考查了使用滑轮组时拉力和机械效率的比较，难度不大。
12．（2分）在家庭电路中，保险丝熔断的原因是短路或用电器的总功率 过大 ；串联在电路中的保险丝，电阻比较 大 ，熔点低，当电流过大时，迅速升温熔断，切断电路。
【分析】家庭电路电流过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大；
保险丝通常安装在火线上，它是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用。
【解答】解：
在家庭电路中，因电流过大导致保险丝熔断或导致空气开关“跳闸”的原因有：①电路中发生短路故障；②用电器的总功率过大；
保险丝是用电阻较大、熔点较低的铅锑合金制成的，这样做是为了在电路中电流过大时，保险丝能产生较多的热量，使保险丝迅速熔断，从而起到保护电路的作用。
故答案为：过大；大。
【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因以及对保险丝材料的了解，本题相对比较简单，属于基础题。
三、简答题（本题2小题，每题4分，共8分）
13．（4分）阅读下面的短文：
二氧化碳气体若被加压、降温到一定程度，就会形成白色的、像雪一样的固体。这种固体在常温下不经熔化就会直接变成气体，所以叫干冰。干冰具有很好的致冷作用，可用于人工降雨。这是由于干冰在常温下会迅速变为气体，吸收热量，促使水蒸气遇冷凝结成水滴或小冰晶，从而达到降雨的条件。
仿照示例，指出短文中包含的任意两种物态变化（示例除外），并说明是吸热还是放热。
[示例]二氧化碳气体凝华，放热。
（1） 干冰在常温下会迅速变为气体，属于升华现象，吸收热量 ；
（2） 水蒸气遇冷凝结成水滴，属于液化现象，放出热量 。
【分析】物质由固态直接变为气态叫做升华；物质由气态变为液态叫做液化；物质由气态变为固态叫做凝华。
【解答】解：（1）干冰在常温下会迅速变为气体，属于升华现象，吸收热量；
（2）水蒸气遇冷凝结成水滴，属于液化现象，放出热量；
（3）水蒸气遇冷凝结成小冰晶，属于凝华现象，放出热量。
故答案为：（1）干冰在常温下会迅速变为气体，属于升华现象，吸收热量；（2）水蒸气遇冷凝结成水滴，属于液化现象，放出热量。
【点评】本题考查了物态变化、吸放热情况，难度不大，要熟记。
14．（4分）用如图所示的装置来探究物体动能跟哪些因素有关。实验时，让钢球从斜面某一高度滚下，在水平面上运动，将木块B撞出一段距离。
（1）此实验是通过比较什么物理量来判断钢球在水平面上撞击木块时动能的大小的？
（2）当要研究钢球动能的大小与速度关系时，应该怎么操作？为什么？
（3）猜想一下：如果斜面和水平面都是光滑的，把木块B固定在水平面上，钢球A与木块碰撞时无能量损失，那么钢球被木块反弹后可能会运动到斜面什么位置？
【分析】（1）（2）动能的影响因素有两个：质量和速度，根据控制变量法的思路进行实验弹簧；钢球把木块推出的距离长，说明的动能大；这是一种转换的方法。
（3）没有能量损失，则钢球的机械能是守恒的。
【解答】答：（1）物体动能大小不能直接观察，实验中通过观察木块被推动距离的大小来反映钢球对木块做功的多少，从而间接判断钢球动能的大小；
（2）研究钢球动能的大小与速度关系时，采用的是控制变量法；应控制钢球的质量相同，由静止滚下的高度不同，钢球到达水平面的速度不同，根据木块被球撞击后移动的距离的大小判定动能大小与速度的关系。
（3）如果斜面和水平面都是光滑的，把木块B固定在水平面上，钢球A与木块碰撞时无能量损失，则钢球的机械能是守恒的，所以钢球会被反弹到出发点。
【点评】用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；能通过数据分析得出动能跟质量和速度的关系是关键。
四、作图题（本题3小题，每题3分，共9分）
15．（3分）如图，装有水的烧杯底部有一枚硬币A，眼睛在B处看到硬币在C处。画出人眼看到硬币的光路图。
【分析】由于从硬币反射的光经水面发生折射，折射光线远离法线偏折（向下偏折），当折射光线射入人眼，人凭光沿直线传播的感觉，认为硬币在折射光线的反向延长线上，人看到的是硬币的虚像。
【解答】解：
当折射光线射入人眼时，人凭光沿直线传播的感觉，认为硬币在折射光线的反向延长线上的C处，人看到的是硬币的虚像；
由题可知，像在C处，眼睛在B处，先连接B、C两点，与水面交于O点，则O为入射点；连接AO，标上箭头为入射光线，则OB为折射光线，并标上箭头，如图所示：
【点评】本题考查了光的折射光路图的画法，要知道：折射光线好像是从虚像上发出的。
16．（3分）如图所示，物体以某一速度v沿斜面匀速下滑。作出该物体所受各力的示意图。
【分析】根据物体的运动情况分析出物体所受到的力：确定重力、支持力和摩擦力的方向，据此作图。
【解答】解：过物体重心分别沿竖直向下、垂直于斜面向上以及沿斜面向上的方向各画一条带箭头的线段，分别用G、F和f表示，如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
17．（3分）给螺线管通电后，能自由转动的小磁针静止时的指向如图所示。在图中标出电源的“+”“﹣”极、螺线管的N极，并标出螺线管外磁感线的方向。
【分析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用规律，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而可知电源的正负极。在磁体周围的磁感线从磁体的N极出发回到S极。
【解答】解：由图可知，小磁针的左端是S极，右端为N极；由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端是S极，右端是N极。
根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的右端为正极，左端是负极；
在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中磁感线的方向是向左的，如图所示：
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则和磁体外部的磁感线方向，关键是判断出通电螺线管的磁极。
五、实验题（本题2小题，第18题7分，第19题11分，共18分）
18．（7分）用天平（含砝码）、量筒、水和细线，测量矿石的密度，实验过程如图所示。
（1）在测量矿石质量前，将游码移到0刻线，天平指针指在分度盘的位置如图甲所示，此时应该向 右 （填“左”或“右”）旋动横梁右端的螺母，直到指针指在分度盘的 中线处 。
（2）接下来的实验操作顺序应该是： A 、 B 、 C （填写图乙中的标号）。
（3）测量质量时，矿石放在天平左盘，右盘中所放砝码如图A所示，再将游码移动到图示位置时，天平平衡。则矿石的质量为 142 g。
（4）实验测得该矿石的密度为 7.1×103 kg/m3。
【分析】（1）先将天平放在水平台上，然后调节天平平衡，调节时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节直至平衡；
（2）实验中将矿石放入量筒内水中测体积，拿出时会沾水，再测质量不准确，所以先测质量再测体积；
（3）矿石的质量等于砝码的总质量加上游码所对应的质量；
（4）排水法测量矿石的体积，其数值等于矿石浸没前后两次的体积差，根据ρ＝求出矿石的密度。
【解答】解：
（1）由图甲可知，指针向左偏，说明右边高，平衡螺母向右调节直到指针静止时指在分度盘的中线处；
（2）为了减小实验误差，应先测量矿石的质量，后测量它的体积，这样可避免矿石上沾有水而测不准它的质量，因此最佳的实验操作顺序是：ABC；
（3）矿石的质量m＝100g+20g+20g+2g＝142g；
（4）矿石的体积V＝70mL﹣50mL＝20mL＝20cm3，
矿石的密度：
ρ＝＝＝7.1g/cm3＝7.1×103kg/m3。
故答案为：（1）右；中线处；（2）A；B；C；（3）142；（4）7.1×103。
【点评】本题为固体密度的测量实验题目，明白减小测量误差时的操作顺序是关键。
19．（11分）小明用如图所示的实验电路探究“电流与电阻的关系”。
（1）在方框内画出此实验电路图。
（2）连接电路时，开关应处于 断开 状态，连接好电路后，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于 B 端。
（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P发现：电压表始终无示数，电流表有示数。其原因可能是 B （填序号）。
A．滑动变阻器断路
B．电阻R短路
C．电阻R断路
（4）排除故障后，用5Ω的电阻替换R接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表示数为1.5V时，电流表指针位置如图乙所示，将电流表示数填入表中。
R/Ω I/A 5 0.3 10 0.15 15 0.1 （5）将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P到合适位置时，记录电流数据。此操作中调节滑动变阻器的目的是 控制电阻两端的电压不变 。
（6）再将电阻换成15Ω，重复上述操作。
（7）进行多次实验，其目的是为了得到 普遍性的规律 。
（8）分析表格中的数据可得出结论： 电压 一定时， 电流与电阻成反比 。
【分析】（1）由实物图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电流流向法、按先串后并的原则画出电路图；
（2）为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态，连接好电路后，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；
（3）电流表有示数说明电路是通路，电压表无示数说明与电压表并联的部分短路，据此进行解答；
（4）根据电流表的量程和分度值读出示数；
（5）探究“电流与电阻的关系”时要控制电阻两端的电压不变；
（7）多次测量的目的有：减小误差；寻找普遍规律；
（8）分析表格中的数据结合控制变量法得出结论。
【解答】解：
（1）根据实物电路，先画出电源的符号，从电源的正极出发依次画出开关、电流表、滑动变阻器、定值电阻R回到电源的负极，然后把电压表并联在定值电阻R两端，如下图所示：
（2）连接电路时，开关应处于断开状态，连接好电路后，闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的B端；
（3）根据电流表有示数可知电路是通路，根据电压表无示数可知与电压表并联的部分短路，由选项可知其原因可能是电阻R短路，故选B；
（4）由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.3A；
（5）探究“电流与电阻的关系”时应控制定值电阻两端的电压不变，所以将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P到合适位置时，记录电流数据；
（7）探究“电流与电阻的关系”时，要进行多次实验，其目的是为了得出普遍性的规律。
（8）纵向分析表格中的数据可知，电阻增大为原来的几倍，则电流减小为原来的几分之一，故可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比。
故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；B；（3）B；（4）0.3；（5）控制电阻两端的电压不变；（7）普遍性的规律；（8）电压；电流与电阻成反比。
【点评】本题是探究“电流与电阻的关系”的实验，考查了根据实物图画出电路图、实验的注意事项、电流表的读数、故障分析、控制变量法和归纳法的运用以及得出实验结论，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
六、计算题（本题3小题，第20题8分，第21题7分，第22题6分，共21分）
20．（8分）一根粗细均匀的镍铬合金丝，将其接入电压为6V的电源上，通过的电流为0.3A．求：
（1）这根镍铬合金丝的电阻；
（2）通电1min消耗的电能；
（3）若将这根镍铬合金丝对折后一起接入原电源上，电路中的总电流为多大？
【分析】（1）已知电阻丝两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出这根镍铬合金丝的电阻；
（2）根据W＝UIt算出通电1min消耗的电能；
（3）电阻是导体本身的一种性质，与材料、横截面积、长度、温度有关，将这根镍铬合金丝对折后，电阻变成原来的，根据欧姆定律算出此时电路的电流。
【解答】解：（1）由欧姆定律可得，这根镍铬合金丝的电阻为：
R＝＝＝20Ω；
（2）通电1min消耗的电能：
W＝UIt＝6V×0.3A×60s＝108J；
（3）将这根镍铬合金丝对折后一起接入原电源上，长度变长原来的，横截面积变成原来的2倍，电阻变成原来的，即电阻为：R′＝R＝×20Ω＝5Ω，
此时电路中的总电流为：I′＝＝＝1.2A。
答：（1）这根镍铬合金丝的电阻为20Ω；
（2）通电1min消耗的电能为108J；
（3）若将这根镍铬合金丝对折后一起接入原电源上，电路中的总电流为1.2A。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用、电功公式的应用、影响电阻大小的因素等，知道对折后电阻变为原来的是解题的关键。
21．（7分）如图甲所示，有一体积、质量忽略不计的弹簧，其两端分别固定在容器底部和正方体形状的物体上。已知物体的边长为10cm，弹簧没有发生形变时的长度为10cm，弹簧受到拉力作用后，伸长的长度△L与拉力F的关系如图乙所示。向容器中加水，直到物体上表面与液面相平，此时水深24cm。（g＝10N/kg）求：
（1）物体受到水的浮力。
（2）打开出水口，缓慢放水，当弹簧处于没有发生形变的状态时，关闭出水口。求放水前后水对容器底部压强的变化量。
【分析】（1）物体刚好完全浸没在水中，物体排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理即可求出物体受到水的浮力；
（2）当弹簧处于没有发生形变的状态时，此时物体漂浮，浮力等于物体自身的重力，利用阿基米德原理求出物体浸入水中的深度，进而得出此时水的深度，再根据△p＝ρg△h求出容器底部受到的水的压强差。
【解答】解：（1）物块刚好完全浸没在水中，则有：V排＝V物＝（0.1 m）3＝1×10﹣3m3，
物体所受的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；
（2）由图甲可知，当物体上表面上液面齐平时，物体上表面距容器底的距离为h＝24cm，弹簧伸长的长度：△L＝24cm﹣10cm﹣10cm＝4cm，
由图乙可知，此时弹簧对物体的拉力为F拉＝4N，
木块的重力：G物＝F浮﹣F拉＝10N﹣4N＝6N，
当弹簧处于没有发生形变的自然状态时，L弹簧＝10cm，
此时物体受的浮力：F浮''＝G物＝6N，
由F浮＝ρ水gV排可得，物体排开水的体积：
V排''＝＝＝6×10﹣4m3，
物体浸入水中的深度：h浸＝＝＝0.06m；
此时水的深度：h''＝L弹簧+h浸＝0.1m+0.06m＝0.16m；
放水前后水对容器底部压强的变化量：
△p＝p﹣p''＝ρ水g（h﹣h''）＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.24m﹣0.16m）＝800Pa。
答：（1）物体受到水的浮力为10N；
（2）放水前后水对容器底部压强的变化量为800Pa。
【点评】本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理公式、物体浮沉条件的理解与掌握，求出弹簧处于没有发生形变的状态时水的深度是关键。
22．（6分）如图是一款可以设定不同出水温度的电热饮水器原理示意图，R是加热电阻丝，阻值为44Ω，Rt是热敏电阻，其阻值与温度的关系式为Rt＝5+0.5t（式中Rt单位是Ω，t的单位是℃），R0是设定温度的变阻器。控制电路中，电源电压为3V，当电磁继电器线圈中的电流小于等于10mA时，衔铁片会弹起，触点分离，热水器停止加热。[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]
（1）如果将水只加热到80℃，闭合开关，则滑动变阻器的阻值要调到多大？（电磁铁线圈电阻忽略不计）
（2）容器内装有700mL、初温为20℃的水，将其加热到100℃，用时4min，则该饮水器正常工作时加热效率是多少？
【分析】（1）由题意可知，当设定的温度为80℃时，停止加热时控制电路的电流，根据欧姆定律求出控制电路的总电阻，根据Rt＝5+0.5t求出此时热敏电阻的阻值，根据电阻的串联求出滑动变阻器的阻值要调到的大小；
（2）知道容器内水的体积，根据ρ＝求出容器内水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，利用W＝UIt＝t求出该饮水器正常工作4min消耗的电能，利用η＝×100%求出该饮水器正常工作时加热效率。
【解答】解：
（1）由题意可知，当设定的温度为80℃时，停止加热时控制电路的电流I＝10mA＝0.01A，
由I＝可得，控制电路的总电阻：
R总＝＝＝300Ω，
由Rt＝5+0.5t可得，此时热敏电阻的阻值为45Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器的阻值要调到的大小：
R0＝R总﹣Rt＝300Ω﹣45Ω＝255Ω；
（2）容器内水的体积：
V＝700mL＝700cm3，
由ρ＝可得，容器内水的质量：
m＝ρV＝1.0g/cm3×700cm3＝700g＝0.7kg，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×0.7kg×（100℃﹣20℃）＝2.352×105J，
该饮水器正常工作4min消耗的电能：
W＝t＝×4×60s＝2.64×105J，
该饮水器正常工作时加热效率：
η＝×100%＝×100%≈89.1%。
答：（1）滑动变阻器的阻值要调到255Ω；
（2）该饮水器正常工作时加热效率约为89.1%。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、密度公式、吸热公式、电功公式、效率公式的综合应用，从题干中获取有用的信息是关键。
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