2022年重庆中考物理试题及答案(B卷)
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一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）
1．（3分）下列物理量最接近实际的是（ ）A．人体的正常体温约40℃??????B．一瓶矿泉水的质量约550g??????C．电饭锅加热时的电流约0.02A??????D．1节新干电池的电压是2V2．（3分）如图所示现象中，由于光的折射形成的是（ ）
A．???? ??B．??? ?C．???? ??D．3．（3分）中华文化源远流长，大量中华诗词中蕴含着物理知识。以下说法正确的是（ ）A．“瓶冰知冬寒，霜??????
B．“照水??????
C．“孤舟蓑笠翁，独钓寒江”，??????
D．“4．（3分）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器??????B．使用试电笔时，手指可以跟笔尖金属体接触??????C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下??????D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用5．（3分）如图所示，是北京冬奥会上我国健儿比赛的精彩瞬间。下列说法正确的是（ ）
A．图甲，运动员腾空后其惯性消失了??????B．图乙，运动员的鞋底有花纹是为了减小摩擦??????C．图丙，运动员下落过程中受到的力是平衡的??????D．图丁，运动员用冰球杆击球时，冰球杆是费力杠杆6．（3分）宾馆房间有门铃系统，当房客闭合开关S12，门铃R也不发声；只有在S1断开，S2闭合时，门铃才发出“叮咚”声。R的电阻远大于L的电阻。如图中设计的电路图，跟该门铃系统功能吻合的是（ ）
A．??????B．??????C．??????D．7．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，L为阻值不变的灯泡。开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P向左滑动时，下列判断正确的是（ ）
A．灯泡L变暗??????B．电压表示数变大??????C．电路的总功率变大??????D．电压表示数与电流表示数的比值变大8．（3分）有A、B两个均匀实心圆柱体，A的高为5cm、底面积为20cm22。若将它们按图甲、乙的方式放在水平桌面上，A对桌面的压强为p1＝1.0×103Pa，B对桌面的压强为p23＝6.0×103Pa，A对桌面的压强变为p4
A．A的重力为20N???????B．B的密度为3.0g/cm3??????C．p32＝2：5???????D．p44Pa
二、填空作图题（本题共6个小题，第14、15小题作图分别为1分，其余每空1分，共12分。）
9．（2分）李白的诗句“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”中，笛声是空气?10．（2分）如图所示，是我国神舟13号载人飞船返回舱于2022年4月16日返回地面下落的情景。在此过程中返回舱的重力势能?
11．（2分）小铭周末在家做家务，他在水壶中装入质量2kg、温度18℃的水后，放在燃气灶上加热，利用J。[比热容c3J/（kg?℃）]12．（2分）如图所示，是工人用滑轮组提升货物的情景。当他用大小为200N的拉力拉动轻绳，可匀速提升重为360N的货物A。则动滑轮重为?N，这时滑轮组的机械效率为?%。（忽略一切摩擦力）
13．（2分）如图甲所示电路，电源电压恒定，电流表量程为0～0.6A，小灯泡L的额定电压为2.5V，其I﹣U图像如图乙所示，则灯泡正常发光时的功率为?W。当所有开关都闭合，滑片P位于变阻器R21两端的电压为U1，电路的总功率为P1；只闭合开关S1时，电流表示数为0.2A，R1两端的电压为U1′；只闭合开关S22的功率为P2。已知U1：U1′＝5：4，P12＝4：1。则R2的最大阻值是? ??? Ω。
14．（1分）如图，请在图中画出入射光线经过凸透镜折射后的光线。
15．（1分）如图，S闭合后，螺线管的磁感线分布如带箭头的虚线所示。请在图中虚线框内标出电源的“+”或“﹣”极。
三、实验探究题（本题共3个小题，16小题6分，17小题8分，18小题8分，共22分。）
16．（6分）（1）小丽同学用图1所示的装置探究平面镜成像的特点，应选择两支?
（2）用图2甲所示的装置探究水沸腾时温度变化的特点。组装器材时，酒精灯应? ??? （选填“点燃”或“熄灭”）以确定试管的位置；实验中某时刻温度计中液面如图2乙所示，其示数为? ??? ℃；由图2丙可知水的沸点低于100℃，可能原因是实验室里的气压?17．（8分）学习化学后，小明对老师配置的硫酸铜溶液的密度很感兴趣，于是找来天平、烧杯和量筒进行测量。1＝150.4g；再将部分液体倒入量筒（如图甲），读数时视线要与凹液面最? ??? 处相平，量筒中液体体积V＝ ??? mL。2（如图乙），m2＝ ??? g。ρ＝ ??? 计算硫酸铜溶液的密度（用m1、m2和V表示）。
（5）若将烧杯中的溶液倒入量筒时，有部分溶液溅到了量筒的侧壁上，会导致所测溶液密度与真实值相比 ??? （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
18．（8分）小亮和同学们分组探究“电流与电压、电阻的关系”，提供的实验器材有：稳压电源（电压恒为4.5V）、开关、电流表2只、电压表2只、规格为“20Ω?2A”的滑动变阻器、电阻箱（阻值可调节）、导线若干。
（2）在连接电路的过程中，开关应处于? ??? 状态。连接好电路后，小亮他们进行了五次实验测得了下表中的数据。其中第4次实验时，电流表指针如图乙所示，其示数为? ??? A。由表可知实验中电阻箱接入电路的阻值为?Ω。
实验次数 1 2 3 4 5 电压U/V 1.6 1.8 2.0 2.4 2.8 电流I/A 0.16 0.18 0.20 0.28 完成第4次实验后，需要移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻值适当? ??? （选填“增大”或“减小”）才能得到第5次实验数据。根据实验数据分析，可初步得出结论：当电阻一定的情况下，通过导体的电流与这段导体两端的电压成? ??? 比。
（3）小亮他们继续用该电路探究“电流与电阻的关系”。他们多次改变电阻箱接入电路的电阻值，移动变阻器的滑片P，保持电压表示数为2.5V，记录下每次电流表的示数。为完成该实验，电阻箱接入电路的阻值不能超过? ??? Ω。
（4）另一组的同学也按图甲连好完整的电路后，闭合开关，发现电流表、电压表均无示数。请你写出一种用所给器材检测故障位置的方法： ??? 。
四、论述计算题（本题共3个小题，19小题6分，20小题8分，21小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分。）
19．（6分）某品牌国产电动汽车匀速通过长约1800m的朝天门长江大桥用时120s，整个过程中汽车牵引力的功率恒为9.0×103W。求：20．（8分）如图所示，是小钧为宠物小屋设计的既可发热供暖、也可照明的电路，电源电压恒定。R11和L电阻均恒定不变），滑动变阻器R的最大阻值为40Ω。当只闭合开关S和S2，将滑片P移到最右端时，灯泡正常发光。当所有开关都闭合，P位于最右端时，电路中的总电流为2.1A。求：
（1）电源电压；
（2）当只闭合开关S和S2，滑片P位于最左端时，通过灯泡的电流；
（3）当只闭合开关S和S1，移动滑片P，电热丝R1工作1min产生的最大热量。
21．（8分）为进行浮力相关实验，小涛将力传感器固定在铁架台上，底面积为40cm22的薄壁柱形溢水杯B放在水平升降台上，装有23cm深的水，如图甲所示。从某时刻开始让升降台上升使A逐渐浸入水中，力传感器所测力的大小与升降台上升高度h的关系如图乙所示。当升降台上升高度为8cm时，水对A下表面的压强为500Pa。不计细线的伸缩，A始终保持竖直，且不吸水。完成下列问题：
（1）求A的质量；
（2）求图乙中F1的大小；
（3）当A浸没入水中后剪断细线，升降台和A都静止时，求溢水杯对升降台的压强。
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）
1．（3分）下列物理量最接近实际的是（ ）A．人体的正常体温约40℃??????B．一瓶矿泉水的质量约550g??????C．电饭锅加热时的电流约0.02A??????D．1节新干电池的电压是2VB、一瓶矿泉水的质量约550g，故B正确；C、家用电饭锅加热时的功率约1000W，通过的电流I＝≈4.55A，故C错误；D、1节新干电池的电压是1.5V，故D错误。2．（3分）如图所示现象中，由于光的折射形成的是（ ）A．??????
B．??????
C．??????
D．A、筷子好像在水面处向上弯折，属于光的折射现象，故A正确；B、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就是因为光的直线传播造成的，故B错误；C、平静水面上亭子的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C错误；D、绿树成萌的影子是由光的直线传播形成的，故D错误。3．（3分）中华文化源远流长，大量中华诗词中蕴含着物理知识。以下说法正确的是（ ）A．“瓶冰知冬寒，霜??????
B．“照水??????
C．“孤舟蓑笠翁，独钓寒江”，??????
D．“B、冰是固态，是由液态变成固态，是凝固形成的，故B错误；C、雪是固态，是由气态直接变成固态，是凝华形成的，故C错误；D、霜是固态，是由气态直接变成固态，是凝华形成的，故D正确。4．（3分）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器??????B．使用试电笔时，手指可以跟笔尖金属体接触??????C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下??????D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用A、湿抹布是导体，当用湿抹布接触带电体时，会使人触电；B、使用试电笔时，笔尖金属体与带电体接触，手指接触笔尖金属体会触电；C、手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下，可以避免触电；D、洗衣机、电冰箱等家用电器都如果改用两孔插座，由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，有触电的危险。B、使用试电笔时，笔尖金属体与带电体接触，手指接触笔尖金属体会触电，故B错误；C、手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下，可以避免触电，故C正确；D、洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，三孔插座会将金属壳的电通入大地，如果改用两孔插座使用，有触电的危险，故D错误。5．（3分）如图所示，是北京冬奥会上我国健儿比赛的精彩瞬间。下列说法正确的是（ ）
A．图甲，运动员腾空后其惯性消失了??????B．图乙，运动员的鞋底有花纹是为了减小摩擦??????C．图丙，运动员下落过程中受到的力是平衡的??????D．图丁，运动员用冰球杆击球时，冰球杆是费力杠杆A、惯性是物体的固有属性，和质量有关，与运动状态无关；B、运动员的鞋底有花纹增大了接触面的粗糙程度，增大摩擦；C、在平衡状态下，物体会保持静止或者匀速直线运动，图中运动员下落过程，运动状态在发生改变；D、对冰球杆进行分析，最上端是支点，中间手对杆的力是动力，球对冰球杆的弹力是阻力，动力臂小于阻力臂；B、运动员的鞋底有花纹是为了增大摩擦，故B错误；C、运动员下落过程中，运动状态发生变化，所以受到的力不是平衡的，故C错误；D、对于冰球杆而言，冰球杆上方位置的手部是支点，下方位置手对冰球杆的力是动力，球对冰球杆的弹力是阻力，所以动力臂小于阻力臂，冰球杆是费力杠杆，故D正确；6．（3分）宾馆房间有门铃系统，当房客闭合开关S12，门铃R也不发声；只有在S1断开，S2闭合时，门铃才发出“叮咚”声。R的电阻远大于L的电阻。如图中设计的电路图，跟该门铃系统功能吻合的是（ ）
A．??????B．??????C．??????D．1，“请勿打扰”灯泡L发光，来访者即便闭合门铃开关S2，门铃R也不发声，此时门铃R可能被短路；只有在S1断开，S2闭合时，门铃才发出“叮咚”声。R的电阻远大于L的电阻，说明灯泡与门铃R串联，S1与门铃R并联，S2在门铃R的支路，故A正确。
故选：A。
【点评】此题以宾馆房间的门铃系统考查电路图的设计，读懂题意，明确灯泡L和门铃R连接方式是关键。
7．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，L为阻值不变的灯泡。开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P向左滑动时，下列判断正确的是（ ）
A．灯泡L变暗??????B．电压表示数变大??????C．电路的总功率变大??????D．电压表示数与电流表示数的比值变大A、灯泡L和滑动变阻器串联接入电路，滑动变阻器R的滑片P向左滑动时，电阻变小，总电阻变小，根据I＝B、电压表测的是R两端的电压，由于灯泡L两端电压变大，所以R两端电压减小；C、电流变大，根据P＝UI可得电路的总功率变大；D、电压表和电流表均测的是滑动变阻器R的电压和电流，所以比值为滑动变阻器R的阻值，故比值变小；得总电流变大，L是定值电阻，所以小灯泡两端电压变大，实际功率变大，灯泡变亮，故A错误；
B、电压表的电压由UvL可知，电压表示数变小，故B错误；
C、电流变大，根据P＝UI可得电路的总功率变大，故C正确；D、电压表和电流表均测的是滑动变阻器R的电压和电流，所以比值为滑动变阻器R的阻值，故比值变小，故D错误；8．（3分）有A、B两个均匀实心圆柱体，A的高为5cm、底面积为20cm22。若将它们按图甲、乙的方式放在水平桌面上，A对桌面的压强为p1＝1.0×103Pa，B对桌面的压强为p23＝6.0×103Pa，A对桌面的压强变为p4
A．A的重力为20N???????B．B的密度为3.0g/cm3??????C．p32＝2：5???????D．p44Pa
【分析】A、将A按图甲的方式放在水平桌面上，根据p＝1，根据GA＝F1得出A的重力；
B、若按图丙的方式放置时，根据p＝3，根据GB＝F3得出B的重力，根据G＝mg得出B的质量，根据密度公式得出B的密度；
C、将B按图乙的方式放在水平桌面上，根据p＝2，进而得出p3：p2的值；
D、若按图丙的方式放置时，根据p4＝得出A对桌面的压强。
【解答】解：A、将A按图甲的方式放在水平桌面上，根据p＝可知A对桌面的压力F1＝p1SA＝1.0×103Pa×20×10﹣4m2＝2N，A的重力GA＝F1＝2N，故A错误；
B、若按图丙的方式放置时，根据p＝3＝p3SA＝6.0×103Pa×20×10﹣4m2＝12N，
B的重力GB3＝12N，B的质量mB＝＝＝1.2kg＝1200g，B的密度ρB＝＝＝3.0g/cm3，故B正确；
C、将B按图乙的方式放在水平桌面上，B对桌面的压强p2＝＝＝2.4×103Pa，＝＝，故C错误；
D、若按图丙的方式放置时，A对桌面的压强p4＝＝＝7×103Pa，故D错误。9．（2分）李白的诗句“谁家玉笛暗飞声，散入春风满洛城”中，笛声是空气?10．（2分）如图所示，是我国神舟13号载人飞船返回舱于2022年4月16日返回地面下落的情景。在此过程中返回舱的重力势能?
【分析】重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大、高度越高，重力势能越大。
看被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；反之就是静止的。
【解答】解：返回舱下落时，质量不变，高度变小，重力势能变小；若以地面为参照物，坐在返回舱里的航天员王亚平与地面之间发生了位置的改变，是运动的。
故答案为：减小；运动。
【点评】本题考查了重力势能的变化、运动和静止的相对性，属于基础题。
11．（2分）小铭周末在家做家务，他在水壶中装入质量2kg、温度18℃的水后，放在燃气灶上加热，利用5 J。[比热容c3J/（kg?℃）]Q吸＝c水m（t﹣t03J/（kg?℃）×2kg×（68℃﹣18℃）＝4.2×105J。5。
【点评】此题考查了改变内能的方式和热量计算公式的应用，属于基本技能和基本规律的应用，难度较小。
12．（2分）如图所示，是工人用滑轮组提升货物的情景。当他用大小为200N的拉力拉动轻绳，可匀速提升重为360N的货物A。则动滑轮重为?N，这时滑轮组的机械效率为?%。（忽略一切摩擦力）
【分析】由图可知，吊起动滑轮的绳子股数n＝2，忽略一切摩擦力，利用F＝的变形公式计算出动滑轮的重；利用η＝＝＝＝计算出滑轮组的机械效率。
【解答】解：由图可知，吊起动滑轮的绳子股数n＝2，
忽略一切摩擦力，由F＝可知，动滑轮的重：G动＝2F﹣G物＝2×200N﹣360N＝40N。
滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝＝90%。
故答案为：40；90。
【点评】本题考查滑轮组机械效率以及动滑轮重力的计算，知道正确判断吊起动滑轮的绳子股数是解题的关键。
13．（2分）如图甲所示电路，电源电压恒定，电流表量程为0～0.6A，小灯泡L的额定电压为2.5V，其I﹣U图像如图乙所示，则灯泡正常发光时的功率为?W。当所有开关都闭合，滑片P位于变阻器R21两端的电压为U1，电路的总功率为P1；只闭合开关S1时，电流表示数为0.2A，R1两端的电压为U1′；只闭合开关S22的功率为P2。已知U1：U1′＝5：4，P12＝4：1。则R2的最大阻值是? 20 Ω。
【分析】（1）由图乙读出小灯泡正常发光时的电流，根据P＝UI求出灯泡正常发光时的功率；
（2）当所有开关都闭合，滑片P位于变阻器R2的最右端时，定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值并联，由并联电路的电压特点可知电源电压与定值电阻R1两端的电压相等，
只闭合开关S1时，定值电阻R1与小灯泡L串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电流特点可知通过小灯泡的电流，根据图乙读出小灯泡两端的电压，根据U1：U1′＝5：4和串联电路的电压特点求出电源电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出定值电阻R12时，滑动变阻器R2与小灯泡L串联，根据电流表的量程和小灯泡的额定电流确定电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器R2两端的电压，根据P＝UI求出滑动变阻器R2的功率，根据P1：P2＝4：1求出所有开关都闭合，滑片P位于变阻器R2的最右端时，电路的总功率，根据P＝UI求出电路中的总电流，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器R2的最大阻值。
【解答】解：（1）小灯泡正常发光时的电压：UL＝U额＝2.5V，由图乙可知，此时通过小灯泡的电流为0.25A，
则小灯泡正常发光时的功率：
PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（2）当所有开关都闭合，滑片P位于变阻器R2的最右端时，定值电阻R1与滑动变阻器的最大阻值并联，由并联电路的电压特点可知，电源电压U＝U1，
只闭合开关S1时，定值电阻R1与小灯泡L串联，电流表测电路中的电流，R1两端的电压为U1′，电流表示数为0.2A，由串联电路的电流特点可知，此时通过小灯泡L的电流I1''＝0.2A，由图乙可知，小灯泡L两端的电压UL''＝1V，1：U1′＝5：4，即U1′＝UIU＝U1''+UL''＝U1''+1V＝UI+1V，1＝UI+1V，1＝5V，即电源电压U＝5V，
由串联电路的电压特点，此时定值电阻R1两端的电压：
U1′＝U﹣UL''＝5V﹣1V＝4V，1的阻值：
R1＝＝＝20Ω；
只闭合开关S2时，滑动变阻器R2与小灯泡L串联，
电流表的量程为0～0.6A，小灯泡的额定电流为0.25A，根据串联电路的电流特点，在保证电路元件都安全的情况下，电路中最大电流为I大＝0.25A，此时小灯泡两端的电压为2.5V，
由串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器R2两端的电压：
U2＝U﹣UL＝5V﹣2.5V＝2.5V，
滑动变阻器R2的功率：
P2＝U2I大＝2.5V×0.25A＝0.625W，
由题意可知，P1：P2＝4：1，
因此所有开关都闭合，滑片P位于变阻器R2的最右端时，电路的总功率：
P1＝4P2＝4×0.625W＝2.5W，
由P＝UI可知，此时电路中的总电流：
I＝＝0.5A，
通过R1的电流：
I1＝＝＝0.25A，
由并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流：
I2＝I﹣I1＝0.5A﹣0.25A＝0.25A，
因为此时滑片P位于变阻器R2的最右端，滑动变阻器接入电路的电阻最大，所以R2的最大阻值：
R2＝＝＝20Ω。
故答案为：0.625；20。
【点评】本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是根据图象结合电路图的变化列方程求出电源电压。
14．（1分）如图，请在图中画出入射光线经过凸透镜折射后的光线。
【分析】根据图中入射光线的特点：过焦点，结合凸透镜的三条特殊入射光线，对应的出射光线，即可画出该入射光线的出射光线。
【解答】解：由凸透镜的三条特殊入射光线可知，过焦点的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线平行于主光轴。由此可画出折射光线如下图所示。
【点评】关于凸透镜或凹透镜的三条特殊光线作图，要记住每条入射光线对应的折射光线的特点。
这种题目一般有两种考查方法：①给出入射光线画折射光线；②给出折射光线画入射光线。只要将入射光线与折射光线两者的特点对应上，这种题目便可迎刃而解。
15．（1分）如图，S闭合后，螺线管的磁感线分布如带箭头的虚线所示。请在图中虚线框内标出电源的“+”或“﹣”极。
【分析】先根据磁感钱的方向确定通电螺线管的N极，再根据安培定则确定电路中电流的方向，进而确定电源的正负极。
【解答】解：知道电流从螺线管右侧流入、左侧流出，所以电源右端是正极、左端为负极，如图所示；。
【点评】本题考查了安培定则的应用，属于基础题。
三、实验探究题（本题共3个小题，16小题6分，17小题8分，18小题8分，共22分。）
16．（6分）（1）小丽同学用图1所示的装置探究平面镜成像的特点，应选择两支?
（2）用图2甲所示的装置探究水沸腾时温度变化的特点。组装器材时，酒精灯应? 点燃 （选填“点燃”或“熄灭”）以确定试管的位置；实验中某时刻温度计中液面如图2乙所示，其示数为? 95 ℃；由图2丙可知水的沸点低于100℃，可能原因是实验室里的气压?17．（8分）学习化学后，小明对老师配置的硫酸铜溶液的密度很感兴趣，于是找来天平、烧杯和量筒进行测量。1＝150.4g；再将部分液体倒入量筒（如图甲），读数时视线要与凹液面最? 低 处相平，量筒中液体体积V＝ 40 mL。2（如图乙），m2＝ 102.8 g。ρ＝ 计算硫酸铜溶液的密度（用m1、m2和V表示）。
（5）若将烧杯中的溶液倒入量筒时，有部分溶液溅到了量筒的侧壁上，会导致所测溶液密度与真实值相比 偏大 （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【分析】（1）天平的正确调节：把天平放在水平工作台上，把游码移到标尺的零刻度处，调节天平横梁平衡时，平衡螺母向天平上翘的一端移动；
（2）量筒读数时，视线与凹液面底部相平；根据图甲确定量筒的分度值读出液体的体积；
（3）用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度值；
（4）量筒中硫酸铜溶液的质量等于烧杯和液体的总质量减去剩余液体和烧杯的总质量，根据密度公式求出硫酸铜溶液的密度；
（5）由于量筒壁上有液体残留，使测出的硫酸铜溶液的体积偏小，而所测质量是准确的，根据公式ρ＝分析密度测量值的变化。
【解答】解：（1）将天放在水平工作台上，把游码移到标尺的零刻度处，指针偏向分度盘中央刻线的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动；
（2）使用量筒读数时视线与凹液面最低处相平；如图甲所示，量筒的分度值为1mL，则量筒中液体体积：V＝40mL＝40cm3；
（3）标尺的分度值为0.2g，剩余液体和烧杯的总质量：m2＝100g+2.8g＝102.8g；
（4）量筒中硫酸铜溶液的质量：m＝m1﹣m2，
则硫酸铜溶液的密度：ρ＝＝＝＝1.19g/cm3；
（5）由于量筒壁上有液体残留，使测出的硫酸铜溶液的体积偏小，而所测质量是准确的，由ρ＝可知，质量一定时，体积偏小，密度偏大。
故答案为：（1）水平；零刻度线；左；（2）低；40；（3）102.8；（4）；（5）偏大。
【点评】本题是测定密度的常规实验题，主要考查天平、量筒的读数及密度的基本计算，天平和量筒是初中物理中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求，必须掌握扎实牢固。
18．（8分）小亮和同学们分组探究“电流与电压、电阻的关系”，提供的实验器材有：稳压电源（电压恒为4.5V）、开关、电流表2只、电压表2只、规格为“20Ω?2A”的滑动变阻器、电阻箱（阻值可调节）、导线若干。
（2）在连接电路的过程中，开关应处于? 断开 状态。连接好电路后，小亮他们进行了五次实验测得了下表中的数据。其中第4次实验时，电流表指针如图乙所示，其示数为? 0.24 A。由表可知实验中电阻箱接入电路的阻值为?Ω。
实验次数 1 2 3 4 5 电压U/V 1.6 1.8 2.0 2.4 2.8 电流I/A 0.16 0.18 0.20 0.28 完成第4次实验后，需要移动滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻值适当? 减小 （选填“增大”或“减小”）才能得到第5次实验数据。根据实验数据分析，可初步得出结论：当电阻一定的情况下，通过导体的电流与这段导体两端的电压成? 正 比。
（3）小亮他们继续用该电路探究“电流与电阻的关系”。他们多次改变电阻箱接入电路的电阻值，移动变阻器的滑片P，保持电压表示数为2.5V，记录下每次电流表的示数。为完成该实验，电阻箱接入电路的阻值不能超过? 25 Ω。
（4）另一组的同学也按图甲连好完整的电路后，闭合开关，发现电流表、电压表均无示数。请你写出一种用所给器材检测故障位置的方法： 取一只电压表，先将电压表并联在电源两端，以判断电源是否损坏，然后将电压表的正接线柱接到电源的正极，用负接线柱依次试触各接线柱，当电压表示数接近电源电压时，则故障在电压表的正负接线柱之间，然后再将电压表的负接线柱接到电源负极，用正接线柱依次试触各接线柱，当电压表示数接近电源电压时，则故障在电压表的正负接线柱之间，从而具体确定故障所在的位置 。
【分析】（1）滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；
（2）为了保护电路，连接电路时开关应断开；根据图乙电流表所选量程确定分度值读数；根据表中数据利用欧姆定律求出电阻箱接入电路的阻值；
由表中数据可知，由第4次实验到第5次实验增加了电阻箱两端的电压，根据串联电路的电压特点和分压原理确定滑动变阻器接入电路的电阻阻值的变化；
分析表中电流与电压的关系得出结论；
（3）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理求出滑动变阻器接入电路的电阻最大时电阻箱接入电路的最大电阻；
（4）电流表无示数，说明电路中存在断路，可以用导线采用试触的方法分别将各元件短路，再结合电表有没有示数判断故障的位置，也可以用电压表分别并联在各元件两端，根据电压表有没有示数判断故障的位置。
【解答】解：（1）滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
（2）为了保护电路，连接电路时开关应断开；
由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；
由表中数据根据欧姆定律可知，电阻箱接入电路的阻值：R＝＝＝…＝＝10A；
由表中数据可知，由第4次实验到第5次实验增加了电阻箱两端的电压，因为电源电压不变，由串联电路的电压特点可知，此时需要减小滑动变阻器两端的电压，由串联电路的分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电路的电阻；
根据表中数据可知：电压与电流的比值：＝…＝＝10A，为一定值，故得出的结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（3）探究“电流与电阻的关系”。他们多次改变电阻箱接入电路的电阻值，移动变阻器的滑片P，保持电压表示数为2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣2.5V＝2V，电压表示数为变阻器分得的电压的＝1.25倍，根据分压原理，当滑动变阻器接入电路的电阻最大为20Ω时，电阻箱连入电路中的电阻为：R箱＝1.25×20Ω＝25Ω，即为完成该实验，电阻箱接入电路的阻值不能超过25Ω；
（4）电流表无示数，说明电路中存在断路，可以另取一根导线，用导线一端接在电源的正极，另一端依次试触各接线柱，当电流表有示数时，则故障在电源正极到电流表有示数时的接线柱之间，然后再将导线一端接到电源的负极，另一端依次试触各接线柱，当电流表有示数时，则故障在电源负极到电流表有示数时的接线柱之间，从而具体确定故障所在的位置。
或者另取一只电压表，先将电压表并联在电源两端，以判断电源是否损坏，然后将电压表的正接线柱接到电源的正极，用负接线柱依次试触各接线柱，当电压表示数接近电源电压时，则故障在电压表的正负接线柱之间，然后再将电压表的负接线柱接到电源负极，用正接线柱依次试触各接线柱，当电压表示数接近电源电压时，则故障在电压表的正负接线柱之间，从而具体确定故障所在的位置。
故答案为：（1）如图所示；（2）断开；0.24；10；减小；正；（3）25；（4）用取一只电压表，先将电压表并联在电源两端，以判断电源是否损坏，然后将电压表的正接线柱接到电源的正极，用负接线柱依次试触各接线柱，当电压表示数接近电源电压时，则故障在电压表的正负接线柱之间，然后再将电压表的负接线柱接到电源负极，用正接线柱依次试触各接线柱，当电压表示数接近电源电压时，则故障在电压表的正负接线柱之间，从而具体确定故障所在的位置。
【点评】本题探究“电流与电压、电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、电流表的读数、欧姆定律、控制变量法、器材的要求、故障分析和分析数据归纳结论的能力。
四、论述计算题（本题共3个小题，19小题6分，20小题8分，21小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分。）
19．（6分）某品牌国产电动汽车匀速通过长约1800m的朝天门长江大桥用时120s，整个过程中汽车牵引力的功率恒为9.0×103W。求：计算整个过程中汽车行驶的速度；
（2）由P＝计算整个过程中汽车牵引力所做的功。
【解答】解：
（1）由题知，电动汽车匀速通过的路程1800m，用时120s，
整个过程中汽车行驶的速度v＝＝＝15m/s；
（2）牵引力的功率恒为9.0×103W，可得，整个过程中汽车牵引力所做的功：
W＝Pt＝9.0×103W×120s＝1.08×106J。6J。20．（8分）如图所示，是小钧为宠物小屋设计的既可发热供暖、也可照明的电路，电源电压恒定。R11和L电阻均恒定不变），滑动变阻器R的最大阻值为40Ω。当只闭合开关S和S2，将滑片P移到最右端时，灯泡正常发光。当所有开关都闭合，P位于最右端时，电路中的总电流为2.1A。求：
（1）电源电压；
（2）当只闭合开关S和S2，滑片P位于最左端时，通过灯泡的电流；
（3）当只闭合开关S和S1，移动滑片P，电热丝R1工作1min产生的最大热量。
【分析】（1）当只闭合开关S和S2，将滑片P移到最右端时，电路为灯泡L的简单电路，根据灯泡正常发光求出电源电压；
（2）当只闭合开关S和S2，滑片P位于最左端时，灯泡L与滑动变阻器R串联，根据P＝UI＝求出灯泡的电阻，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电流特点求出通过灯泡的电流；
（3）当所有开关都闭合，P位于最右端时，灯泡L与电热丝R1并联，根据欧姆定律求出此时通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电热丝R1的电流，根据欧姆定律求出电热丝R1的阻值；
当只闭合开关S和S1，滑动变阻器与电热丝R1串联，由Q＝I2Rt可知，在电热丝R11的电流越大，产生的热量越多，根据欧姆定律求出此时电路中的最大电流，根据Q＝I2Rt求出电热丝R12，将滑片P移到最右端时，电路为灯泡L的简单电路，
因为此时灯泡正常发光，所以电源电压：U＝U额＝12V；
（2）当只闭合开关S和S2，滑片P位于最左端时，灯泡L与滑动变阻器R串联，此时滑动变阻器接入电路的电阻R＝40Ω，
由P＝UI＝可知，灯泡的电阻：RL＝＝＝8Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I＝＝＝＝0.25A，
由串联电路的电流特点可知，此时通过灯泡的电流：IL＝I＝0.25A；
（3）当所有开关都闭合，P位于最右端时，灯泡L与电热丝R1并联，
此时通过灯泡的电流：IL''＝＝1.5A，
由并联电路的电流特点可知，通过电热丝R1的电流：I1''＝I''﹣IL''＝2.1A﹣1.5A＝0.6A，1的阻值：R1＝＝＝20Ω，
当只闭合开关S和S1，滑动变阻器与电热丝R1串联，
由Q＝I2Rt可知，在电热丝R11的电流越大，产生的热量越多，
由欧姆定律可知，滑动变阻器滑片P移至最右端时，接入电路的电阻为零，此时电路中的电阻最小，通过电热丝R1的电流越大，产生的热量越多，
此时通过电热丝R1的电流：I''''＝＝＝0.6A，
则电热丝R1工作1min产生的最大热量：Q＝I''''2R1t＝（0.6A）2×20Ω×60s＝432J。2，滑片P位于最左端时，通过灯泡的电流为0.25A；
（3）当只闭合开关S和S1，移动滑片P，电热丝R1工作1min产生的最大热量为432J。
【点评】本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式和电热公式的应用，知道灯泡正常发光时的电压等于灯泡的额定电压是解题的关键。
21．（8分）为进行浮力相关实验，小涛将力传感器固定在铁架台上，底面积为40cm22的薄壁柱形溢水杯B放在水平升降台上，装有23cm深的水，如图甲所示。从某时刻开始让升降台上升使A逐渐浸入水中，力传感器所测力的大小与升降台上升高度h的关系如图乙所示。当升降台上升高度为8cm时，水对A下表面的压强为500Pa。不计细线的伸缩，A始终保持竖直，且不吸水。完成下列问题：
（1）求A的质量；
（2）求图乙中F1的大小；
（3）当A浸没入水中后剪断细线，升降台和A都静止时，求溢水杯对升降台的压强。
【分析】（1）由图乙可知物体A的重力，利用G＝mg的变形公式计算出物体A的质量；
（2）当升降台上升高度为8cm时，水对A下表面的压强为500Pa，利用p＝的变形公式可以求出物体A下表面受到的压力，即水对物体A的浮力，根据称重法可知此时细线对物体A的拉力，即F1；
（3）由图乙可知，当升降台上升高度为8cm时，溢水杯中水面刚好上升到溢水杯的溢水口；根据液体压强公式计算出此时物体A下表面的深度，根据水原来的体积和物体A浸入的体积，可以求出物体A下表面与杯底的距离，据此可求出此时溢水杯的深度；由图乙可知物体A的高度；当A完全浸没水中后剪断细线，物体A沉入杯底，计算出杯中剩余水的体积，利用密度公式计算出杯中水的质量，利用G＝mg计算出水的重力，据此可求出溢水杯对升降台的压力，利用压强公式计算出溢水杯对升降台的压强。
【解答】解：（1）由图乙可知，物体A浸入水中之前，细线拉力大小即为物体A的重力，所以GA＝12N，
由G＝mg可知，物体A的质量：mA＝＝＝1.2kg；
（2）当升降台上升高度为8cm时，水对A下表面的压强为500Pa，
由p＝可知，物体A下表面受到水的压力：F＝pSA＝500Pa×40×10﹣4m2＝2N；
对物体A受力分析可知，此时物体A受到重力GA、细线的拉力F1和水对竖直向上是压力F，物体A在三个力的作用下，保持平衡，
所以细线的拉力F1＝G﹣F＝12N﹣2N＝10N；
（3）由图乙可知，当升降台上升高度为8cm时，溢水杯中水面刚好上升到溢水口，
由p＝ρgh可知，此时物体A下表面的深度h1＝＝0.05m＝5cm；
原来溢水杯中水的体积V＝S杯h＝100cm2×23cm＝2300cm32，
则V＝S杯h2+（SA）h1＝2300cm3，
解得：h2＝20cm；
溢水杯中水的深度h′＝h1+h2＝5cm+20cm＝25cm；
由图乙可知，当升降台上升高度为18cm时，物体A刚好完全浸没，则物体A的高度hA＝5cm+（18cm﹣8cm）＝15cm；
当A浸没入水中后剪断细线，升降台和A都静止时，溢水杯中剩余水的体积V′＝S杯h′﹣SAhA2×25cm﹣40cm2×15cm＝1900cm3ρ＝可知，溢水杯中剩余水的质量m水＝ρV′＝1.0×103kg/m3×1900×10m3＝1.9kg；
溢水杯中剩余水的重力G水＝m水g＝1.9kg×10N/kg＝19N；+G水+GA＝3N+19N+12N＝34N；
溢水杯对升降台的压力F压＝G总＝34N；
溢水杯对升降台的压强p′＝＝＝3400Pa。
答：（1）A的质量为1.2kg；
（2）图乙中F1的大小为10N；
（3）当A浸没水中后剪断细线，升降台和A都静止时，溢水杯对升降台的压强为3400Pa。
【点评】本题考查重力公式的应用、固体压强和液体压强的计算，能从图乙中获取相关有用信息是解题的关键，题目难度较大。
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