2018北京一六六中学初三（上）期末物 理一、选择题．（共24分，每小题3分）1．（3分）如图所示四位物理学家中，以其名字命名电流单位
的是（ ）A．安培B．欧姆C．瓦特D．焦耳2．（3分）下列能源中，属于可再生能源的是（ ）A．石油B．风能C．煤炭D．天然气3
．（3分）如图为汽油机工作过程中某一冲程的示意图，此冲程的名称及能量转化是（ ）A．压缩冲程，机械能转化为内能B．压缩冲程，内能
转化为机械能C．做功冲程，机械能转化为内能D．做功冲程，内能转化为机械能4．（3分）下列事例中，通过做功的方式改变物体内能的是（
）A．在火炉上烧水，水温升高B．炎热的夏天，太阳照射下柏油路面温度升高C．两手相互摩擦，手的温度升高D．在饮料中放入冰块，饮料变
凉5．（3分）如图是安装在潜水器上的深度表的电路简图，其中，显示器由电流表改装，压力传感器的电阻随所受压力的增大而减小，电源电压不
变，R0是定值电阻。在潜水器下潜过程中，电路中有关物理量的变化情况正确的是（ ）A．R0两端的电压变小B．电路的总功率变小C．通
过显示器的电流变大D．传感器两端的电压增大6．（3分）如图所示的四个实验中，说明发电机工作原理的实验是（ ）A．B．C．D．7．
（3分）北斗卫星导航系统是我国自行研制的全球卫星定位与通信系统（BDS）．系统由空间端、地面端和用户端（导航仪）组成，全部建成后可
在全球范围内为各类用户提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务。2012年12月27日，北斗导航业务正式对亚太地区提供无源定位、导航
、授时服务。关于“BDS”的工作过程，下列说法正确的是（ ）A．导航仪只能接收地面端的中心控制系统的信息而不能接收导航卫星的信息
B．导航卫星发射的电磁波在空气中传播速度为340m/sC．导航卫星发射的电磁波不能在真空中传播D．导航仅与导航卫星之间是通过电磁波
传递信息的8．（3分） 如图所示，在定值电阻R1和滑动变阻器R2串联的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片
P向右移动时，下列判断正确的是（ ）A．电流表A的示数变小，电阻R1消耗的电功率变小B．电压表V2的示数变大，电路消耗的总电功率
变大C．电压表V1的示数与电流表A的示数的比值不变D．电压表V1的示数与电压表A的示数的比值变小二、填空题（共27分，每空1分）9
．（3分）“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴。”从物理学的角度可以这样理解：当时周边的气温突然变暖，花朵分泌的芳香油分子的 运动就越
（选填“快”或“慢”），因此花香就特别浓郁，这是一种 现象。10．（3分）电荷之间存在相互 ，异种电荷相互 。磁体之间也存在这种
现象，同名磁极相互 。11．（3分）水的比热容为4.2×103J/（kg?℃），若将2kg的水倒掉一半，则剩下的水的比热容是 J/
（kg?℃）；水结冰后它的比热容将 （选填“改变”或“不变”）；初温为20℃、质量为1kg的水吸收2.1×105J的热量后温度将升
高到 ℃。12．（3分）汽油机是用汽油作为燃料的一种电火花点火式的内燃式发动机。它的一个工作循环由吸气、压缩、做功和排气四个冲程组
成，如图所示，表示的是 冲程，它将内能转化为 能。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧100g汽油放出的热量为 J。
13．（3分）如图所示，如果要使灯L1和L2串联发光，则应该闭合开关 如果要使灯L1和L2并联发光，则应该闭合开关 ；绝对不允许同
时闭合的开关是 。14．（3分）长度相同的镍铬合金丝A比镍铬合金丝B粗得多，它们以某种方式连入同一个电路，如图所示。如果镍铬合金丝
A和B的电阻分别为RA和RB，此时通过它们的电流分别为IA和IB，它们两端电压为UA和UB则有RA RB，IA IB，UA UB（
选填“＞”、“＝”或“＜”）15．（3分）某用电器，正常工作的电压为6V，阻值为15Ω，正常工作时的电流为 ，将它与一只20Ω的电
阻串联后接到电压是 V的电源上，此用电器才能正常工作。16．（3分）原子弹是利用不加控制的核 变，而氢弹是利用核 变，这个过程在超
高温下结合成新的原子核叫 。17．（3分）电热水器是利用电流的 工作的，电磁继电器是利用电流的 工作的，发电机是利用 原理工作的
。三、作图题（每小题3分共12分）18．（3分）请用铅笔代替导线，按图甲所示电路图连接图乙的实物电路。19．（3分）根据如图所示的
实物电路，请你在方框内画出对应的电路图。20．（3分）请在图中标出通电螺线管磁感线方向，在括号中标出电源的正负极。21．（3分）请
用笔画线代替导线在图中连接家庭电路。要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。四、实验题（每空1分共27分）22．（2分）（1）
如图1所示，电阻箱的读数是 Ω。（2）如图2所示，电能表的示数是 kW?h。23．（3分）小明同学做探究改变物体内能的实验：如图所
示，他用气筒向装有少量酒精的瓶内用力打气，瓶内气体的内能会 。当他向瓶中继续打气，瓶塞从瓶口处跳出时，观察到瓶内有白雾产生。这是由
于瓶内的气体对外做功使其内能 ，温度降低而 。24．（6分）小岩利用“伏安法”测量定值电阻R的阻值。（1）请你添加一条导线，将图1
所示的实物图补充完整；（2）闭合开关S前，应把图1中滑动变阻器的滑片P置于最 （选填“左”或“右”）端；（3）检查电路连接正确后，
闭合开关S，滑动变阻器的滑片P滑动到某一位置时，电压表的示数如图2所示，电流表的示数如图3所示，则电压表的示数为 V，电流表的示数
为 A，电阻R的阻值为 Ω。25．（8分）小华同学做“测量小灯泡电功率”的实验（小灯泡标有“2.5V”字样）．（1）如图甲所示，是
小华所连接的不完整实验电路，请你用笔画线代替导线，将缺少的一根导线接好。（2）电路接好后，闭合开关，发现小灯泡特别亮，电压表与电流
表的示数较大。接下来应进行的操作是 ， （两空按操作步骤先后顺序填写字母代号）。A．断开电路开关
B．检查电路是否短路C．移动滑动变阻器滑片至最大值位置 D．更换
电池或小灯泡（3）当开关闭合，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表示数 ，电压表示数 。（填“变大”“变小”或“不变”）（4）实验时
，若开关处接触不良，下列判断正确的是 A．灯泡能正常发光 B．灯泡会烧
坏C．电流表有示数 D．电压表没有示数（5）实验过程中，当电压表
示数为 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，其值为 A．小灯泡的额定功率为 W。26．（8分）在探究“影响电磁铁磁性
强弱的因素”实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。（1）实验中通过观察 来判断电磁铁磁性的强弱，这种研究方法
。当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数 （填“增加”或“减少”），说明电流越 ，电磁铁磁性越强。（2）根据图
示的情境可知， （填“甲”或“乙”）的磁性强，说明电流一定时， ，电磁铁磁性越强。（3）根据右手螺旋定则，可判断出乙铁钉的上端是
电磁铁的 极。（4）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是 。五、计算题（10分）27．（10分）图是家用电热壶及铭牌，假设电热壶电阻
丝电阻不变，水的比热容c水＝4.2×103J/（kg?℃），水的密度ρ水＝1.0×103 kg/m3．求：（1）电热壶电阻丝的电阻
。（2）不考虑热损失，电热壶正常工作时，把1L水从20℃加热到100℃所需要的时间。（3）若把这壶水烧开用时6min，则电水壶的热
效率是多少？（4）当电压为198V时，电热壶的实际功率。参考答案一、选择题．（共24分，每小题3分）1．【分析】根据对各科学家主要
贡献及各物理量单位的掌握分析答题。【解答】解：A、安培的名字命名了电流的单位，符合题意；B、欧姆的名字命名了电阻的单位，不合题意；
C、瓦特的名字命名了电功率的单位，不合题意；D、焦耳的名字命名了功、能和热量的单位，不合题意。故选：A。【点评】此题考查我们对物理
学史的了解和掌握情况，属于基础题，难度较小，容易解答。2．【分析】从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人
类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源。【解答】解：A
、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；B、风能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；C、
煤炭属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；D、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再
生能源。故选：B。【点评】本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。3．【分析】由进气门和排气门的关闭
和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸
气冲程没有能的转化。【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，因此是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能。故选：A。【
点评】本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量转化，属于基础题目。4．【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功
和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。【解答】解：A、在炉子上烧开水，利用火焰直接加热，使物体的温度升
高，是通过热传递的方式改变物体内能，不符合题意；B、夏天，在阳光的照射下，柏油路面温度升高，热量从阳光中传递到柏油路面上，故是热传
递改变物体的内能，不符合题意。C、两个手相互摩擦做功，机械能转化为手的内能，是通过做功的方式改变物体的内能，符合题意；D、冰块是固
态，冰块逐渐变小，说明冰块变为水，冰块变为水的过程是熔化，熔化吸热；是热传递现象，不符合题意。故选：C。【点评】解决此类题目的关键
是能根据做功和热传递改变物体内能的区别正确判断改变物体内能的方式。5．【分析】在潜水器下潜过程中，压力传感器受到的压力变大，其电阻
变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端电压的变化，利用串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化，利用P＝UI可知电路总
功率的变化。【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电流表显示器串联在电路中，因为p＝ρgh，所以在潜水器下潜过程中，压力传感器受到
的压力增大、其电阻减小，电路中的总电阻减小，根据I＝，可知电路中的电流增大，即通过显示器的电流增大，故C正确；又U＝IR，所以R0
两端的电压增大，故A错误；又因为串联电路中总电压等于各分电压之和，则传感器两端的电压减小，故D错误，又因为P＝UI，且电源电压不变
，所以电路总功率增大，故B错误。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是分析好在潜水器下
潜过程中压力传感器受到压强的变化和其阻值的变化。6．【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运
动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机。【解答】解：A、该实验是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁
场，是电流的磁效应，故A错误；B、此图是电磁继电器的原理图：开关闭合后，电路中有电流，电磁铁吸引衔铁，是电流的磁效应；触电将电热器
接通时，电热器产生热量，是电流的热效应；触点将电动机接通时，电动机转动，电能转化为机械能；故B错误；C、开关闭合后，在外力作用下使
导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，是发电机的制作原理，故C正确；D、开关闭合后，电路中有电
流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的制作原理，故D错误。故选：C。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和
发电机的原理。注意电动机和发电机的区别：电动机是先有电，后运动；发电机是先运动，后发电。7．【分析】电磁波能够传递信息，导航仪是利
用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息，电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；电磁波的速
度与光速相同。【解答】解：A、导航仪不但能接收地面端的中心控制系统的信息而不能接收导航卫星的信息，也能接收导航卫星的信息，还能向导
航卫星发送信息，故A错误；B、电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，故B错误；C、电磁波能在真空中传播，故C错误；D、导航仪
与导航卫星之间是通过电磁波传递信息的，故D正确。故选：D。【点评】本题是一道基础题，掌握导航卫星的工作原理即可正确解题。8．【分析
】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电压表V测电源的电压，电流表测电路中的电流
。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，利用P＝UI电阻R1消耗的电功率变
化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，再根据P＝UI可知电路消耗的总功率变化，最后根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表
V1的示数与电流表A的示数的比值变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的
电压，电压表V测电源的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I＝
可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，由U＝IR可知，R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，由P＝UI可知，电阻R1
消耗的电功率变小，故A正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，且R1两端的电压变小，所以，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数
变大，因电路中的电流变小、电源电压不变，则由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故B错误；由R＝可知，电压表V1的示数与电流表A的
示数的比值等于R1的阻值，R1的阻值不变，则电压表V1的示数与电流表A的示数的比值不变，故C正确、D错误。故选：AC。【点评】本题
考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。二、填空题（
共27分，每空1分）9．【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈；花香分子在空气中做无规则运动越快
，人们闻到的花香味越浓烈。【解答】解：组成物质的分子在不停地无规则运动，当时周边的气温突然变暖温度升高，花朵分泌的芳香油分子的热运
动加快，分子的扩散加快，从而使人可以闻到浓浓的花香。故答案为：热；快；扩散。【点评】本题考查了分子在永不停息做无规则运动的知识以及
分子运动与温度的关系，锻炼了学生学以致用的能力。10．【分析】根据对电荷间的作用规律和磁极间作用规律的了解可做出解答。【解答】解：
电荷间相互作用的规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；磁极间相互作用的规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。故答案为：
作用；吸引；排斥。【点评】本题考查了对电荷间的作用规律和磁极间作用规律的了解，是物理学中最基本的规律之一，应熟知。11．【分析】（
1）比热容是物质的一种特性，只与这种物质存在的状态有关，而与物质的质量无关，故2千克的水倒掉一半，剩下的水的比热容仍然不变；水结冰
状态改变了，比热容也改变；（2）知道水的初温、水的质量、水的比热容，利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收4.2×105J热量
后的温度。【解答】解：（1）∵比热容是物质的一种特性，只与这种物质存在的状态有关，而与物质的质量无关，∴将2kg的水倒掉一半，比热
容不变仍为4.2×103J/（kg?℃），水结冰后比热容将改变；（2）m＝1kg，∵Q吸＝cm（t﹣t0），∴2.1×105J＝4
.2×103J/（kg?℃）×1kg×（t﹣20℃），解得：t＝70℃。故答案为：4.2×103；改变；70。【点评】本题考查了学
生对物质特性比热容、吸热公式的掌握和运用，属于基础题目。12．【分析】（1）汽油机有四个冲程，可根据气阀的状态和活塞的运动情况判断
是哪个冲程；在压缩冲程中，活塞压缩气体，把机械能转化为燃气的内能，在做功冲程中，高温高压的气体燃烧，把燃气的内能转化为活塞的机械能
；（2）知道汽油的质量和热值，根据Q＝mq求出完全燃烧释放的热量。【解答】解：（1）由图可知，此冲程进气门和排气门都关闭，此时火花
塞打出电火花，即引燃气缸内的燃料，燃料的化学能转化为内能，产生高温高压的燃气推动活塞由上向下运动，故该过程是做功冲程，即高温高压的
燃气对活塞做功，故是将内能转化为机械能的过程；（2）完全燃烧100g汽油可以放出的热量：Q＝mq＝100×10﹣3kg×4.6×1
07J/kg＝4.6×106J。故答案为：做功；机械；4.6×106。【点评】本题主要考查对热机各冲程特点的了解和热值计算公式的理
解和掌握，基础性题目。13．【分析】串联是指用电器依次连接的电路。并联是指用电器并排连接的电路。短路是指电流没有经过用电器而将电源
两极直接连通的电路。【解答】解：（1）要使灯L1、L2组成串联电路，应将两灯首尾相连接到电源两端，则需闭合开关S2。（2）要使L1
、L2组成并联电路，则需让电流从电源流出分别流入两灯中再汇合共同流入电源负极，则需闭合开关S1、S3。（3）若同时闭合开关S2、S
3，会形成电源短路现象，造成电流过大，烧坏电源，因此绝对不允许同时闭合S2、S3；故答案为：S2； S1、S3； S2、S3。【点
评】此题考查了对并联电路和串联电路及短路的掌握，是基础性题目。14．【分析】（1）影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度
，其它条件相同，导体的横截面积越大，电阻越小；（2）串联电路电流的特点：串联电路中，电流处处相等；（3）根据欧姆定律判断串联电路电
压的关系。【解答】解：因为两段合金丝都是镍铬合金丝、长度相同，A镍铬合金丝粗，故A镍铬合金丝电阻小，即RA＜RB；由图知，A、B串
联，所以电流相等，即IA＝IB；根据U＝IR可知，它们两端电压为UA小于UB，即UA＜UB。故答案为：＜；＝；＜。【点评】本题考查
了欧姆定律、串联电路特点、影响电阻大小因素，利用欧姆定律和电流特点得出串联电路的分压关系是本题的关键。15．【分析】知道用电器正常
工作时的电压和电阻，根据欧姆定律求出正常工作时的电流，再根据欧姆定律求出电阻两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压。【解
答】解：用电器正常工作时的电流：I用电器＝＝＝0.4A；由题知，该用电器与一只20Ω的电阻串联，因串联电路中各处的电流相等，所以由
欧姆定律可得，电阻R两端的电压：UR＝IRR＝I用电器R＝0.4A×20Ω＝8V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的
电压：U＝U用电器+UR＝6V+8V＝14V。故答案为：0.4A；14。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较
为简单的应用题。16．【分析】核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应
用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。【解答】解：原子弹是利用重核裂变的链式反应中能在极短时间内释放出巨大能量的原理制成的；氢弹是利
用轻核的聚变制成的，这个过程在超高温下结合成新的原子核叫热核反应。故答案为：裂；聚；热核反应。【点评】本题直接考查了氢弹和原子弹的
原理，属于记忆性的知识，要分清。17．【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；电磁继电器和磁带都是利用电流的磁效应
工作的；发电机的工作原理：电磁感应现象。【解答】解：电热水器在通电后消耗的电能主要用于产生热量，故能将水加热，即其是利用电流的热效
应的原理制成的；电磁继电器是利用电流的磁效应进行工作的；发电机是利用电磁感应的原理工作的，将机械能转化为电能。故答案为：热效应；磁
效应；电磁感应。【点评】题目中考查了一些器械的工作原理，都是课本上出现过得，只要平时注意多看课本，做起来不难。三、作图题（每小题3
分共12分）18．【分析】两灯并联，开关与控制的电路串联，根据电路图连接实物图，注意实物图与电路图一一对应。【解答】解：由电路图可
知，两灯并联，开关控制整个电路，根据电路图连接实物图，如下图所示：【点评】本题考查根据电路图连接实物图，注意实物图与电路图一一对应
。19．【分析】由实物图可知，灯泡、电流表与开关串联，电压表测量灯泡两端的电压；【解答】解：由实物图可知，两灯并联，开关控制整个电
路，电流表测干路的电流，电路图如图所示：。【点评】本题考查根据实物图画电路图，关键是正确分析电路连接情况，注意电路图要与实物图对应
。20．【分析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负
极。磁感线的方向，知道在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极。【解答】解：从图可知，小磁针的右端是S极，左端为N极；由于同
名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知通电螺线管的右端是N极，左端是S极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的
N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的右端为正极，左端是负极。如图所示：在磁体的外部，磁感线都是从磁体的N极出来回到S
极，所以磁感线方向都向左。【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中的电流方向
经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起。21．【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关
，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：（1）灯
泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控
制灯泡，又能更安全。（2）安装安全用电原则，上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插
座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。四、实验题（每空1分共27分）22．【分析】（1）电阻箱要弄清楚箭头对准旋钮上
的数字，再用数字乘以下面的倍数，然后把四个数字相加即可。（2）观察电能表的单位和读数，注意刻度盘上的示数最后一位是小数点后的数字。
【解答】解：（1）图1中，电阻箱左上角旋钮对准的数字为0，右上角旋钮对准的数字为6，左下角旋钮对准的数字为2，右下角旋钮对准的数字
为4，因此电阻箱的读数＝0Ω×1000+6Ω×100+2Ω×10+4Ω×1＝624Ω；（2）图2中电能表是用来测量电功的仪器，刻度
盘上的示数最后一位是小数点后的数字；则电能表的示数为2015.5kW?h。故答案为：（1）624；（2）2015.5。【点评】电能
表和电阻箱是初中物理中基本的测量工具，使用前要了解它们的读数方法。电能表刻度盘上的示数最后一位是小数点后的数字。23．【分析】改变
物体内能的两种方法：对物体做功、热传递。对物体做功物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量
内能减少。【解答】解：瓶子里装有一些酒精，用力打气，在瓶塞未跳起前，压缩瓶内的气体做功，瓶内气体的内能增大；继续打气，当瓶塞跳起时
，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能减小、温度降低，水蒸气遇冷液化形成“白气”。故答案为：增大；减小；使水蒸气液化。【点评】此题主
要考查做功可以改变物体的内能，要明确对气体做功和气体对外做功在改变内能上的不同。24．【分析】（1）在“伏安法测电阻”实验中，需要
待测电阻、电流表、滑动变阻器、电源、开关使用导线串联组成电路，并且电压表与待测电阻并联测量电阻两端电压；（2）连接完电路后，闭合开
关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处；（3）根据电压表、电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电压和电流值，然后利用欧姆定律的
变形公式求出电阻R的阻值。【解答】解：（1）由图知，将电压表的负接线柱与待测电阻左接线柱连接即可。实物连接如下： （2）连接完电路
后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，即最左端；（3）根据图2可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为
2.6V；根据图3可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A；∵I＝∴电阻R的阻值：R＝＝＝10Ω。故
答案为：（2）左；（3）2.6；0.26；10。【点评】此题考查的是伏安法测电阻的实物连接、电流表、电压表的读数以及电阻的计算，属
于电学最重要的实验，但考查的难度不大，容易解答。25．【分析】（1）电压表应并联在灯的两端；（2）小灯泡特别亮，电压表与电流表的示
数较大，说明小灯泡两端电压太高，电路中电流太大，说明滑动变阻器连入电路中的电阻太小，据此作答；（3）当滑动变阻器滑片向右滑动时，连
入电路的电阻丝长度增长电阻增大，因此其电阻变大，电路总电阻变大，根据欧姆定律可知干路电流减小，灯泡两端电压U＝IR，当电流减小时，
电压也变小；（4）开关接触不良相当于发生断路，灯泡不会发光，电流表、电压表无示数；（5）小灯泡在额定电压下正常发光；根据电流表小量
程读数，由P＝UI求灯的实际功率。【解答】解：（1）在测灯泡额定功率的实验中，电流表、灯泡和滑动变阻器应串联，电压表应与灯泡并联测
其两端电压，所以实物连接如图所示：；（2）小灯泡特别亮，电压表与电流表的示数较大，说明小灯泡两端电压太高，电路中电流太大，原因是滑
动变阻器没移到阻值最大处，按要求应先断开开关，再移动滑动变阻器滑片至最大值位置； 选AC。（3）滑动变阻器滑片向右边移动，连入电路
的电阻丝长度增长电阻增大，因此其电阻变大，导致电路总电阻变大，根据欧姆定律可知干路电流减小，故电流表示数减小，根据U＝IR可知，当
电流减小时，灯泡两端电压也变小，故电压表示数减小；（4）开关接触不良相当于发生断路，灯泡不会发光，电流表无示数，灯泡更不会烧坏，此
时电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，因此电压表示数为零，故选D；（5）实验过程中，当电压表示数为2.5V，即为额定电压时，小灯
泡正常发光，由乙图可知，电流表量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，则电流表示数为0.3A，小灯实际功率为P＝UI＝3V×0.3
A＝0.9W。故答案为：（1）如上图所示；（2）A；C；（3）变小；变小；（4）D；（5）2.5；0.3；0.9。【点评】此题综合
性较强，考查了学生连接电路和读数的技能，同时考查了学生运用电学公式计算的能力，还要弄清小灯泡的工作状态以求出额定功率，训练了学生对
知识的活用。26．【分析】（1）采用转换法，通过观察电磁铁吸引大头针数目的多少来判断电磁铁磁性的强弱；电磁铁磁性的强弱和线圈的匝数
、电流大小有关；（2）根据电磁铁吸引大头针数目的多少来判断电磁铁磁性的强弱；分析图中的相同点和不同点做出解答；（3）根据右手螺旋定
则，用右手握住螺线管，四指的方向和电流方向相同，那么，大拇指所指的一端为N极；（4）大头针被磁铁吸引以后，大头针会被磁化，再根据同
名磁极相互排斥作出分析和解答。【解答】解：（1）磁性的强弱是无法直接观察的。利用磁性的不同产生的磁力不同来认识电磁铁磁性的强弱不同
，此题中就是利用电磁铁吸引大头针数目的不同来反映磁性强弱的不同的，这是一种转换的方法；当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器连入电
路的电阻减小，通过的电流变大，所以电磁铁甲、乙的磁性增强，吸引大头针的个数增加；说明电流越大，电磁铁的磁性越强；（2）根据图示的情
境可知，电磁铁甲吸引的大头针数目多，说明甲的磁性强；两电磁铁串联，电流相同，所以得出的结论是：电流一定时，线圈匝数越多，磁性越强；
（3）乙螺线管中的电流是从上边导线流入的，用右手握住螺线管，四指的方向和电流方向相同，那么，大拇指所指的下端为N极，所以上端为S极
；（4）大头针被磁化，同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散。故答案为：（1）电磁铁吸引大头针数目的多少；转换法；增加；大；（2
）甲；线圈匝数越多；（3）S；（4）大头针被磁化，同名磁极相互排斥。【点评】探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验，考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，考查了滑动变阻器对电路电流的影响，同时涉及到了右手螺旋定则及磁极间的相互作用规律的应用。五、计算题（10分）27．【分析】（1）由图可知，电热壶的额定电压和额定功率，根据P＝求出电热壶电阻丝的电阻；（2）根据密度公式求出水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，不考虑热损失时，利用Q吸＝W＝Pt求出加热时间；（3）把这壶水烧开用时6min时，根据W＝Pt求出消耗的电能，利用η＝×100%求出电水壶的热效率；根据P＝求出当电压为198V时，电热壶的实际功率。【解答】解：（1）由电热壶的铭牌可知，额定功率P＝1000W，额定电压U＝220V，由P＝可得，电热壶电阻丝的电阻：R＝＝＝48.4Ω；（2）水的体积：V＝1L＝1×10﹣3m3，由ρ＝可得，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J，因不考虑热损失，所以，电热壶消耗的电能：W＝Q吸＝3.36×105J，电热壶正常工作时的功率为1000W，由P＝可得，加热时间：t′＝＝＝336s；（3）把这壶水烧开用时6min时，消耗的电能：W′＝Pt″＝1000W×6×60s＝3.6×105J，则电水壶的热效率：η＝×100%＝×100%≈93.3%；（4）当电压为198V时，电热壶的实际功率：P实＝＝＝810W。答：（1）电热壶电阻丝的电阻为48.4Ω；（2）不考虑热损失，电热壶正常工作时，把1L水从20℃加热到100℃需要336s；（3）若把这壶水烧开用时6min，则电水壶的热效率是93.3%；（4）当电压为198V时，电热壶的实际功率为810W。【点评】由电热水壶铭牌找出其额定电压与额定功率是正确解题的前提，熟练应用电功率的变形公式、吸热公式、效率公式是正确解题的关键。 1 / 20 |
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