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| 青海省海东市2022-2023学年高一下学期期末考试物理试卷（含解析） |
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青海省海东市2022-2023学年高一下学期期末考试物理试卷一、单选题1．太阳对行星的引力提供了行星绕太阳做匀速圆周运动的向心力，这个向心力
大小（?）A．与行星距太阳间的距离成正比B．与行星距太阳间的距离成反比C．与行星运动的速率的平方成正比D．与行星距太阳的距离的平方
成反比2．一个小球从距地面4m高处落下，被地面弹回，在距地面1m高处被接住。坐标原点定在抛出点正下方2m处，向下为坐标轴的正方向。
则小球的抛出点、落地点、被接住点的位置坐标分别是（ ）A．－2m，2m，－1mB．－2m，2m，1mC．4m，0，1mD．－4m
，0，－1m3．下列说法中正确的是（ ）A．物体做直线运动还是曲线运动视其运动轨迹而定B．加速度保持不变的运动一定是匀加速直线运
动C．加速度在增大而速度在减小的运动是不可能存在的D．瞬时速率保持不变的运动一定是匀速直线运动4．如图为水平抛出的三个小球a、b和
c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的.不计空气阻力，则( )A．a的飞行时间比b的长B．b的初速度比c的小C．a的初速度比b
的小D．b的着地速度比c的大5．如图所示，在皮带传动装置中，主动轮A和从动轮B半径不等，皮带与轮之间无相对滑动，则下列说法中正确的
是（ ）A．两轮的角速度相等B．两轮边缘的向心加速度大小相同C．两轮转动的周期相同D．两轮边缘的线速度大小相同6．A、B两物体通
过一根跨过光滑轻质定滑轮的不可伸长的轻绳相连放在水平面上，现物体A以的速度向右匀速运动，当绳被拉成与水平面夹角分别是时，如图所示，
物体B的运动速度为（绳始终有拉力）（ ）A．B．C．D．7．如图所示，一个质量为m的小球挂在车厢顶部，当汽车快要进站时，司机刹车
，汽车匀减速进站，这个过程中小球偏离竖直方向的角度为θ，重力加速度大小为g，则汽车的加速度大小为（ ）A．B．C．D．8．如图所
示，一滑雪运动员从山坡上的A点由静止开始滑到山坡底的B点，该运动员和雪橇的总质量为m，滑到B点的速度大小为v，A、B两点的高度差为
h，重力加速度为g，在此过程中，该运动员和雪橇克服阻力做的功为（?）A．B．C．D．二、多选题9．一个圆盘绕过其圆心的竖直轴在水平
面内匀速转动，关于圆盘边沿的质点，下列说法正确的是（ ）A．任意相等的时间内，通过的位移相同B．任意相等的时间内，通过的弧长相等
C．任意相等的时间内，转过的角度相等D．任意相等的时间内，速度的变化相同10．如图所示，升降机里的物体被轻弹簧悬挂，整个系统刚开始
做匀速运动，某时刻升降机的运动状态变化导致弹簧突然缩短了，则此时升降机的运动状态可能为（ ）A．加速上升B．减速下降C．加速下降
D．减速上升11．某同学通过Internet查询“神舟五号”飞船绕地球运转的相关数据，从而将其与地球同步卫星进行比较．他查阅到“神
舟五号”在圆形轨道上的运转一周的时间大约为90min，由此可得出?（?）A．“神舟五号”在圆轨道上运转的速率比地球同步卫星的大B．
“神舟五号”在圆轨道上运转的角速度比地球同步卫星的小C．“神舟五号”在圆轨道上运转离地面的高度比地球同步卫星低D．“神舟五号”在圆
轨道上运转的向心加速度比地球同步卫星的小12．中国空降兵是一支极具战斗力的威武之师。空降兵跳伞将经历加速下降和减速下降两个过程，将
人和伞看成一个系统，在这两个过程中，下列说法正确的是（ ）A．系统的动能一直在增加B．阻力对系统始终做负功C．在任意相等的时间内
，系统的位移改变量相同D．重力做的功等于重力势能的减少量三、实验题13．如图甲所示，在“验证力的平行四边形定则”实验中，A为固定橡
皮筋的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示．（1）图乙中的F与两力中，方向一定
沿AO方向的是___________．（2）本实验采用的科学方法是___________A．理想实验法 B．控制变量法
C．等效替代法 D．类比法．14．如图所示，是某次研究小球做平抛运动过程得到的频闪照片的一部分。已知背景正方形的边长为b，
闪光时间间隔为T。求：（各问的答案均用b、T表示）（1）当地的重力加速度g的大小g=___________；（2）小球通过C点瞬时
速度vC的大小v=___________；（3）小球从开始平抛到运动到A位置经历的时间tA=___________。（4）在研究平
抛运动的实验中，某同学只在竖直板面上记下了重垂线Y的方向，但忘了记下平抛的初位置，在坐标纸上描出了一段曲线的轨迹，现在曲线上取A、
B两点量出它们到y轴的距离，AA’=x1，BB’=x2，以及AB的竖直距离h，用这些可以求得小球平抛时初速度为__________
_四、解答题15．甲物体以1m/s的速度做匀速直线运动，甲出发后10s乙物体从同一地点由静止开始出发做匀加速直线运动，加速度a=0
.4 m/s2 甲、乙运动方向相同，则：（1）乙出发后多长时间可以追上甲？（2）甲、乙相遇之前他们之间的最大距离是多少？16．如图
所示，圆弧轨道为半径的竖直固定的光滑细圆管，为细圆管的圆心，为四分之一圆弧且点的切线恰好竖直，圆弧对应的圆心角为，一质量的小球从点
左上方某处点以的速度水平抛出，恰好能垂直从点进入细圆管，小球从进入圆管开始始终受到方向竖直向上、大小的力的作用，当小球运动到圆管的
末端点时，立即撤去作用力小球能上升到的最高点为点（图中未画出）。取，，，不计空气阻力。求：(1)点到点的水平距离和点的竖直高度；(
2)小球上升的最高点点到地面的距离。17．如图所示，竖直平面内由倾斜轨道AB、半径为R的圆周细圆管O1（在底部C处有交错，交错宽度
不计）、半径为R的四分之一圆弧轨道DE构成一游戏装置固定于地面。B、D处均平滑连接，粗糙水平直轨道CD段长为1.5R，滑动摩擦因数
，其它所有摩擦均不计，圆弧轨道DE的圆心O2与圆周细圆管圆心O1等高。现将质量为m的小滑块从斜面的某高度h处静止释放，不计滑块大小
和经过连接处的机械能损失。求：（1）若h=3.5R，小滑块第一次冲出E点后达到的最高点离E点的高度；（2）若h=3R，小滑块第一次
到达细圆管的最高点时对轨道的作用力；参考答案1．D【详解】根据万有引力定律，太阳与行星间的引力，故D正确。故选D。2．B【详解】由
题意得向下为正方向、坐标原点在高2m处，则小球的抛出点、落地点、接住点的位置坐标分别是、、。故选B。3．A【详解】A．物体做直线运
动还是曲线运动可根据运动轨迹来判断，故A正确；B．加速度大小和方向不变的直线运动是匀变速直线运动，不一定是匀加速直线运动，故B错误
；C．减速运动的加速度在增大而速度在减小，因此加速度增大速度减小的运动是存在的，故C错误；D．匀速圆周运动的瞬时速率保持不变，并不
是直线运动，故D错误。故选A。4．D【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间
，结合水平位移和时间比较初速度．【详解】A项：根据得，高度越高，运动的时间越长，则a的飞行时间比b短，b的飞行时间和c的飞行时间相
等，故A错误；B项：b、c的运动的时间相等，b的水平位移大，则b的初速度大，故B错误；C项：a的运动时间短，水平位移大，则a的初速
度大于b的初速度，故C错误；D项：由于b、c的高度相同，所以b、c着地时竖直方向的速度相同，由于b的水平位移大，即b的初速度大，由
平行四边形定则可知，b着地的速度比c大，故D正确．故应选：D．【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，
知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．5．D【详解】因为两轮是同缘转动，则两轮边缘的线速度大小相同，因rA ，根据v=ωr可知，两轮的角速度不相等；根据可知，两轮边缘的向心加速度大小不相同；根据可知，两轮转动的周期不相同。故选D。6．A【
详解】将A物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，则有沿着绳子方向的速度大小为；将B物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行
分解，则有沿着绳子方向的速度大小为；由于两物体沿着绳子方向速度大小相等，所以有因此故选A。7．D【详解】以小球为研究对象，受力如图
所示：根据牛顿第二定律得mgtanθ=ma解得a=gtanθ故选D。8．C【详解】对运动员和雪橇从A点到B点过程， 应用动能定理解
得故选C。9．BC【详解】A. 位移是矢量，匀速转动时，在任意相等的时间内，质点通过的位移大小相等，但方向不一定相同，A错误；B.
弧长是标量，匀速转动时，在任意相等的时间内，质点通过的弧长一定相等，B正确；C. 角度是标量，匀速转动时，在任意相等的时间内，质
点转过的角度一定相等，C正确；D. 速度是矢量，匀速转动时，在任意相等的时间内，质点速度变化的大小相等，但方向不一定相同，D错误；
故选BC。10．CD【详解】弹簧缩短，弹力方向向下，重力方向向下，加速度方向向下，则物体可能加速下降，也可能减速上升。故选CD。1
1．AC【分析】“神舟”五号飞船的周期比同步卫星短，先根据万有引力提供向心力，求出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，先比较出轨
道半径的大小，然后再比较线速度、角速度、加速度的大小．【详解】人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为
m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F= 所以 解得：①②③④“神舟”五号飞船的周期比同步卫星短，根据②式可知同步卫星的轨
道半径大，故C正确；根据①式，同步卫星的线速度小，故A正确；根据③式，同步卫星的加速度小，故D错误；根据④式，同步卫星的角速度小，
故B错误．故应选：AC．【点睛】本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，然后先判断轨道半
径的大小，再去比较其它要球的物理量．12．BD【详解】A．加速下降过程，系统动能增加，减速下降过程，系统动能减小。故A错误；B．在
这两个过程中，阻力与运动方向相反对系统始终做负功。故B正确；C．依题意，由于系统不是匀速运动，在任意相等的时间内，系统的位移改变量
不相同。故C错误；D．根据易知重力做的功等于重力势能的减少量。故D正确。故选BD。13． C【分析】考查实验“验证力的平行四边形定
则”【详解】（1）图中F是根据力的平行四边形定则作出的理论值，是用一个弹簧测力计时测出的实验值，一定沿AO方向；（2）本实验采取的
是等效替代法．14． 【详解】(1)[1]由可得当地的重力加速度g的大小为(2)[2]小球通过C点时竖直方向的分速度与水平方向
的分速度分别为 ，小球通过C点瞬时速度vC的大小(3)[3]小球通过A点时竖直方向的分速度为联立解得小球从开始平抛到运动到A位置经
历的时间t(4)[4]根据平抛运动规律有联立解得15．（1）10s；（2）11.25m【分析】追及与相遇问题【详解】（1）设乙出发
t秒才能追上甲，则满足即代入数据解得（2）当甲乙速度相等时，两者之间距离最大，即代入数据解得所以甲乙之间的最大距离代入数据解得【点
睛】速度小者加速追及速度大者，速度相等前，两者之间的距离越来越大，速度相等后，两者之间的距离越来越小，则速度相等时，两者距离最大。
（1）抓住甲乙位移相等，结合匀变速直线运动的位移时间公式和匀速直线的位移公式求出追及的时间；（2）当甲乙速度相等时，两者相距最大，
根据速度时间公式求出相距最大的时间，结合位移公式求出两者之间的最大距离。16．(1)1.5m；0.55m；(2)1.75m【详解】
(1)从点到点小球做平抛运动，球在点的速度方向与水平方向成角，则在点解得点到点的水平距离点的竖直高度(2)在点所施加的外力与重力平
衡，小球在圆管内做匀速圆周运动，有从点到最高点点小球机械能守恒，有最高点点到地面的距离代入数据解得17．（1）1.75R；（2）mg，方向竖直向上【详解】（1）若h=3.5R，设小滑块第一次冲出E点后达到的最高点离E点的高度为h1，由开始到小滑块第一次到达最高点的过程，由动能定理有解得h1=1.75R（2）若h=3R，设小滑块第一次到达细圆管的最高点时的速度大小为v，从开始到小滑块第一次到达细圆管道最高点的过程中，根据动能定理有设小滑块在最高点时所受管道的支持力大小为FN，根据牛顿第二定律有解得根据牛顿第三定律，可知小滑块在最高点时对管道的压力大小为mg，方向竖直向上。答案第11页，共22页试卷第11页，共33页试卷第11页，共33页答案第11页，共22页 |
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