2014年普通高等学校招生全国统一考试(浙江卷)
数学(理科)
选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
(1)设全集,集合,则()
B.C.D.
(2)已知是虚数单位,,则“”是“”的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
(3)某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则此几何体的表面积是
A.90B.129C.132D.138
为了得到函数的图像,可以将函数的图像()
向右平移个单位B.向左平移个单位
C.向右平移个单位D.向左平移个单位
5.在的展开式中,记项的系数为,则()
A.45B.60C.120D.210
6.已知函数()
B.C.D.
7.在同一直角坐标系中,函数的图像可能是()
8.记,,设a,b为平面向量,则()
A.
B.
C.
D.
9.已知甲盒中仅有1个球且为红球,乙盒中有个红球和个篮球,从乙盒中随机抽取个球放入甲盒中.
(a)放入个球后,甲盒中含有红球的个数记为;
(b)放入个球后,从甲盒中取1个球是红球的概率记为.
则
B.
C.D.
设函数,,,记,则()
A.B.C.D.
填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分.
若某程序框图如图所示,当输入50时,则该程序运算后输出的结果是________.
随机变量的取值为0,1,2,若,,则________.
当实数,满足时,恒成立,则实数的取值范围是________.
在8张奖券中有一、二、三等奖各1张,其余5张无奖.将这8张奖券分配给4个人,每人2张,不同的获奖情况有_____种(用数字作答).
15.设函数若,则实数的取值范围是______
设直线与双曲线()两条渐近线分别交于点,若点满足,则该双曲线的离心率是__________
17、如图,某人在垂直于水平地面的墙面前的点处进行射击训练.已知点到墙面的距离为,某目标点沿墙面的射击线移动,此人为了准确瞄准目标点,需计算由点观察点的仰角的大小.若则的最大值。(仰角为直线AP与平面ABC所成角)
三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
18.(本题满分14分)在中,内角所对的边分别为.已知,
(I)求角的大小;
(II)若,求的面积.
19(本题满分14分)已知数列和满足.若为等比数列,且
求与;
设。记数列的前项和为.
(i)求;
(ii)求正整数,使得对任意,均有.
(本题满分15分)如图,在四棱锥中,平面平面.
证明:平面;
求二面角的大小
21.(本题满分15分)如图,设椭圆动直线与椭圆只有一个公共点,且点在第一象限.
(1)已知直线的斜率为,用表示点的坐标;
若过原点的直线与垂直,证明:点到直线的距离的最大值为.
22.(本题满分14分)已知函数
若在上的最大值和最小值分别记为,求;
设若对恒成立,求的取值范围.
参考答案
选择题:本题考查基本知识和基本运算。每小题5分,满分50分。
1.B2.A3.D4.C5.C
6.C7.D8.D9.A10.B
二、填空题:本题考查基本知识和基本运算。每小题4分,满分28分。
11.12.13.14.
15.16.17.
三.解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
18.本题主要考查诱导公式、两角和差公式、二倍角公式、正弦定理、余弦定理、三角形面积公式等基础知识,同时考查运算求解能力。满分14分。
(I)由题意得,,
即,
,由得,,又,得,即,所以;
(II)由,,得,
由,得,从而,故,
所以的面积为.
19.本题主要考查等差数列与等比数列的概念、通项公式、求和公式、不等式性质等基础知识,同时考查运算求解能力。满分14分。
(I)由题意,,,知,
又由,得公比(舍去),所以数列的通项公式为,
所以,故数列的通项公式为,;
(II)(i)由(I)知,,所以;
(ii)因为;当时,,而,得,所以当时,,综上对任意恒有,故.
20.本题主要考查空间点、线、面位置关系,二面角等基础知识,空间向量的应用,同时考查空间想象能力、推理论证和运算求解能力。满分15分。
(I)在直角梯形中,由,得,,
由,则,即,又平面平面,从而平面,所以,又,从而平面;
(II)方法一:
作,与交于点,过点作,与交于点,连结,由(I)知,,则,,所以是二面角的平面角,
在直角梯形中,由,得,又平面平面,得平面,从而,,由于平面,得:,在中,由,,得,
在中,,,得,在中,,,,得,,从而,
在中,利用余弦定理分别可得,
在中,,所以,即二面角的大小是.
方法二:以为原点,分别以射线为轴的正半轴,建立空间直角坐标系如图所示,由题意可知各点坐标如下:,设平面的法向量为,平面的法向量为,可算得,,由得,,可取,由得,,可取,于是,
由题意可知,所求二面角是锐角,故二面角的大小是.
21.本题主要考查椭圆的几何性质、点到直线距离、直线与椭圆的位置关系等基础知识,同时考查解析几何的基本思想方法、基本不等式应用等综合解题能力。满分15分。
(I)设直线的方程为,由,消去得,,
由于直线与椭圆只有一个公共点,故,即,
解得点的坐标为,
由点在第一象限,故点的坐标为;
(II)由于直线过原点,且与垂直,故直线的方程为,所以点到直线的距离,
整理得,
因为,所以,
当且仅当时等号成立,
所以点到直线的距离的最大值为.
22.本题主要考查函数最大(最小)值的概念、利用导数研究函数的单调性等基础知识,同时考查推理论证、分类讨论、分析问题和解决问题等综合解题能力。满分14分。
(I)因为,所以,
由于,
(i)当时,有,故,
此时在上是增函数,因此,,
(ii)当时,
若,,在上是增函数,
若,,在上是减函数,
所以,,由于,
因此,当时,,当时,,
(iii)当时,有,故,此时在上是减函数,因此,,故,综上;
(II)令,则,,
因为,对恒成立,即对恒成立,
所以由(I)知,
(i)当时,在上是增函数,在上的最大值是,最小值是,则,且,矛盾;
(ii)当时,在上的最大值是,最小值是,所以,,从而且,令,则,在上是增函数,故,因此,
(iii)当时,在上的最大值是,最小值是,所以,,解得,
(iv)当时,在上的最大值是,最小值是,所以,,解得,综上的取值范围.
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