2.“和”小于16的特殊分离比的成因序号原因后代比例1显性纯合致死(AA、BB致死)自交子代AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其余基因型个体致死测交子代AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝______________2隐性纯合致死(自交情况)自交子代出现9∶3∶3(双隐性致死)；自交子代出现_______(单隐性致死)1∶1∶1∶19∶1无“致死”状况下的变式分离比1.(2016·全国课标卷Ⅲ，6)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是()A.F2中白花植株都是纯合体B.F2中红花植株的基因型有2种C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上D.F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多解析本题切入点不在于“F1全表现红花”而在于用纯合白花植株花粉给F1红花植株授粉，子代红花为101株，白花为302株，即红花∶白花＝1∶3。这应符合两对等位基因自由组合的杂合子测交子代比例1∶1∶1∶1的变式，由此可推知该相对性状由两对等位基因控制(设为A、a和B、b)，即F1的基因型为AaBb，F1自交得到的F2中白花植株的基因型有A_bb、aaB_和aabb，故A错误；F2中红花植株(A_B_)的基因型有4种。答案D2.某种羊的有角和无角为一对相对性状，由常染色体上的基因控制。多对雄羊和雌羊进行交配得到F1，F1自由交配得到F2，如果如表所示。请据此分析，回答下列问题。?PF1F2雄性有角(基因型相同)有角有角∶无角＝15∶1雌性无角(基因型相同)有角有角∶无角＝9∶7注：一对等位基因用A、a表示，两对等位基因用A、a和B、b表示，三对等位基因用A、a，B、b和C、c表示，以此类推。(1)羊的有角和无角性状由________对等位基因控制，且遵循________定律。(2)亲代雄羊的基因型有________种可能，F1中雄羊的基因型为________。(3)F2无角雌羊中纯合子概率为________，用F2中有角雌羊和无角雄羊随机交配，子代出现有角雌羊的概率为________。解析(1)从表格中F2的性状分离比可推出羊的有角与无角由两对等位基因控制，符合基因自由组合定律，且F1的基因型为AaBb。(2)F1中雄羊、雌羊的基因型均为AaBb，亲代有角雄羊的基因型可能为AABB、AAbb或aaBB，与之组合的亲代无角雌羊的基因型可能是aabb、aaBB或AAbb。(3)F2中无角雌羊占7/16，F2中无角雌羊纯合子占3/16，因此F2无角雌羊中纯合子概率为3/7；F2中有角雌羊的基因型为A_B_，其中1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，产生4/9AB、2/9Ab、2/9aB、1/9ab共4种卵细胞，无角雄羊的基因型为aabb，产生1/2abX精子和1/2abY精子，因此子代中有角雌羊的概率为4/9×1/2＝2/9。答案(1)两基因自由组合(2)3AaBb(3)3/72/91.特殊分离比的解题技巧(1)看F2的组合表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比值为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)，即4为后两种性状的合并结果，若分离比为9∶6∶1，则为9∶(3∶3)∶1；若分离比为15∶1，则为(9∶3∶3)∶1。(3)明确出现异常分离比的原因。(4)根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表现型的比例。2.巧用“性状比之和”，快速判断控制遗传性状的基因的对数判断相关性状由几对等位基因控制是解遗传题的必备技巧，巧用“性状比之和”能迅速判断出结果，具体方法如下：如果题目中给出的数据是比例的形式，或者给出的性状个体数之间的比值接近“常见”性状比值，可以将性状比中各个数值相加。自交情况下，得到的总和是4的几次方，就说明自交的亲代中含有几对等位基因；测交情况下，得到的总和是2的几次方，则该性状就由几对等位基因控制。“致死”状况下的变式分离比1.(2014·经典高考)一种鹰的羽毛有条纹和非条纹、黄色和绿色的差异，已知决定颜色的显性基因纯合子不能存活。图中显示了鹰羽毛的杂交遗传，对此合理的解释是()①绿色对黄色完全显性②绿色对黄色不完全显性③控制羽毛性状的两对基因完全连锁④控制羽毛性状的两对基因自由组合A.①③ B.①④ C.②③ D.②④解析子一代的绿色非条纹个体自交后代中既有绿色又有黄色，说明绿色为显性性状，但子代中绿色个体与黄色个体的比例为(6＋2)∶(3＋1)＝2∶1，说明绿色个体中存在显性纯合致死效应，①正确、②错误；绿色非条纹个体自交后代出现绿色非条纹、黄色非条纹、绿色条纹、黄色条纹等四种性状，且性状分离比为6∶3∶2∶1，说明控制羽毛性状的两对基因可以自由组合，③错误、④正确。答案B2.果蝇的灰身和黑身、刚毛和截毛各为一对相对性状，分别由等位基因A、a，D、d控制。某科研小组用一对灰身刚毛果蝇进行了多次杂交实验，F1代表现型及比例如下表：(1)果蝇控制刚毛和截毛的等位基因位于______染色体上。(2)上表实验结果存在与理论分析不吻合的情况，原因可能是基因型为________的受精卵不能正常发育成活。(3)若上述(2)题中的假设成立，则F1代成活的果蝇共有________种基因型，在这个种群中，黑身基因的基因频率为________。让F1代灰身截毛雄果蝇与黑身刚毛雌果蝇自由交配，则F2代雌果蝇共有________种表现型。(4)控制果蝇眼色的基因仅位于X染色体上，红眼(R)对白眼(r)为显性。研究发现，眼色基因可能会因染色体片段缺失而丢失(记为XC)；若果蝇两条性染色体上都无眼色基因，则其无法存活，在一次用纯合红眼雌果蝇(XRXR)与白眼雄果蝇(XrY)杂交的实验中，子代中出现了一只白眼雌果蝇。欲用一次杂交实验判断这只白眼雌果蝇出现的原因，请简要写出实验方案的主要思路______________________________________________________。实验现象与结论：①若子代果蝇出现红眼雄果蝇，则是环境条件改变导致的；②若子代果蝇________，则是基因突变导致的；③若子代果蝇________，则是染色体片段缺失导致的。孟德尔的豌豆杂交实验（二）高三生物备课组（课时一）1.两对相对性状的杂交实验(1)杂交实验过程(2)实验结果分析①F1全为黄色圆粒，表明粒色中 是显性，粒形中 是显性。②F2中出现了不同性状之间的 。③F2中4种表现型的分离比为 。黄色圆粒重新组合9∶3∶3∶12.对自由组合现象的解释——提出假说自由组合(2)遗传图解yrYyRrY_rr绿圆3.设计测交方案及验证——演绎和推理(1)方法 实验。(2)遗传图解测交yyrr1∶1∶1∶14.自由组合定律——得出结论(1)内容①控制不同性状的遗传因子的 是互不干扰的。②在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子 ，决定不同性状的遗传因子 。(2)实质分离和组合彼此分离自由组合1.基因自由组合定律的细胞学基础2.教材P11思考与讨论改编(1)在豌豆杂交实验之前，孟德尔曾花了几年时间研究山柳菊，结果却一无所获，其原因主要有哪些？提示①山柳菊没有既容易区分又可以连续观察的相对性状。②当时没有人知道山柳菊有时进行有性生殖，有时进行无性生殖。③山柳菊的花小、难以做人工杂交实验。5.孟德尔成功的原因分析(1)科学选择了 作为实验材料。(2)采用由单因素到多因素的研究方法。(3)应用了 方法对实验结果进行统计分析。(4)科学设计了实验程序。即在对大量实验数据进行分析的基础上，提出合理的 ，并且设计了新的 实验来验证假说。豌豆统计学假说测交1.下面两图分别是具有一对和两对等位基因的个体杂交的遗传图解。已知同一个体产生的各种配子类型数量相等。请思考：(1)基因分离定律的实质体现在图中的________，基因自由组合定律的实质体现在图中的________。(填序号)(2)③⑥过程表示________，这一过程中子代遗传物质的来源情况如何？____________________________________________。提示(1)①②④⑤(2)受精作用细胞核中遗传物质一半来自父方，另一半来自母方，细胞质中遗传物质几乎全部来自母方2.据图判断，下列①～④中哪些可遵循基因自由组合定律？提示②③④3.真题重组判断正误(1)控制棉花纤维长度的三对等位基因A/a、B/b、C/c对长度的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的棉花纤维长度为6cm，每个显性基因增加纤维长度2cm。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，则F1的棉花纤维长度范围是8～14cm。(2016·经典高考卷，25)()(2)孟德尔定律支持融合遗传的观点(2015·海南卷，12)()(3)孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的基因型(2012·江苏，11C)()(4)基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则7对等位基因纯合个体出现的概率与7对等位基因杂合个体出现的概率不同(2014·海南高考，22D)()√××√4.已知茶树圆形叶(A)对长形叶(a)为显性、深绿叶(B)对浅绿叶(b)为显性，高茎(C)对矮茎(c)为显性。图甲、乙分别是茶树甲、乙中部分染色体基因组成，已知失去图示三种基因中的任意一种，配子会因不能发育而死亡(不考虑交叉互换)。请回答下列问题：现有一基因型确定为AaBbCc的茶树，有各种性状的染色体正常的植株可供选用，请设计遗传实验，判断该茶树染色体组成为图甲类型还是图乙类型。最佳实验方案：_____________________________________。预测结果及结论：___________________________________。答案将待测植株与长形浅绿叶矮茎植株进行测交，观察后代植株表现型若后代植株有4种表现型，其染色体组成为图甲类型；若后代植株有2种表现型，其染色体组成为图乙类型基因的自由组合定律高三生物备课组（课时二）3.教材P10旁栏思考题改编请从数学角度建立9∶3∶3∶1与3∶1间的数学联系，此联系对理解两对相对性状的遗传结果有何启示？提示从数学角度看，(3∶1)2的展开式为9∶3∶3∶1，即9∶3∶3∶1的比例可以表示为两个3∶1的乘积，由此可获得如下启示：针对两对相对性状的遗传结果，如果对每一对相对性状进行单独的分析，如单纯考虑圆和皱或黄和绿一对相对性状遗传时，其性状的数量比是圆粒∶皱粒＝(315＋108)∶(101＋32)＝3∶1；黄色∶绿色＝(315＋101)∶(108＋32)＝3∶1。即每对性状的遗传都遵循了分离定律。这无疑说明两对相对性状的遗传结果可以表示为它们各自遗传结果的“乘积”，即9∶3∶3∶1来自于(3∶1)2。2.巧用“逆向组合法”推断亲本基因型①9∶3∶3∶1?(3∶1)(3∶1)?(Aa×Aa)(Bb×Bb)；②1∶1∶1∶1?(1∶1)(1∶1)?(Aa×aa)(Bb×bb)；③3∶3∶1∶1?(3∶1)(1∶1)?(Aa×Aa)(Bb×bb)或(Aa×aa)(Bb×Bb)；④3∶1?(3∶1)×1?(Aa×Aa)(BB×__)或(Aa×Aa)(bb×bb)或(AA×__)(Bb×Bb)或(aa×aa)(Bb×Bb)。注：并非所有非等位基因都遵循自由组合定律——减数第一次分裂后期自由组合的是非同源染色体上的非等位基因(如图A中基因a、b)，而不是所有的非等位基因。同源染色体上的非等位基因(如图B中基因A、C)，则不遵循自由组合定律。自由组合定律的验证1.(2013·全国卷，34)已知玉米子粒黄色(A)对白色(a)为显性，非糯(B)对糯(b)为显性，这两对性状自由组合。请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交实验来验证：①子粒的黄色与白色的遗传符合分离定律；②子粒的非糯与糯的遗传符合分离定律；③以上两对性状的遗传符合自由组合定律。要求：写出遗传图解，并加以说明。解析基因分离定律是一对等位基因分配给子代时的规律，将具有一对相对性状的两纯合亲本杂交，F1产生的雌雄配子各有两种，比例为1∶1，F2的表现型有两种，比例为3∶1。基因的自由组合定律是位于非同源染色体上的非等位基因分配给子代时的规律，具有两对相对性状的纯合亲本杂交，F1自交，F1产生的雌雄配子各有4种，比例为1∶1∶1∶1，在完全显性的条件下，F2表现型有四种，比例为9∶3∶3∶1。因此，欲验证基因的分离定律，应选具两对相对性状的纯合亲本杂交：aaBB×AAbb(或者AABB×aabb)，得F1，F1自交得F2，观察并统计F2的表现型及其比例，若F2中黄色∶白色＝3∶1，则说明玉米子粒的颜色遵循分离定律，若F2中非糯粒∶糯粒＝3∶1，则验证该相对性状遵循分离定律。若F2黄色非糯粒∶黄色糯粒∶白色非糯粒∶白色糯粒＝9∶3∶3∶1，即A_B_∶A_bb，aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，则验证这两对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律。F2子粒中：①若黄粒(A_)∶白粒(aa)＝3∶1，则验证该性状的遗传符合分离定律；②若非糯粒(B_)∶糯粒(bb)＝3∶1，则验证该性状的遗传符合分离定律；③若黄非糯粒∶黄糯粒∶白非糯粒∶白糯粒＝9∶3∶3∶1即：A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律(其他合理答案也可)2.某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。则下列说法正确的是()A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应该用①和③杂交所得F1的花粉B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以观察①和②杂交所得F1的花粉C.若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④亲本杂交D.将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均为蓝色解析采用花粉鉴定法验证遗传的基本规律，必须是可以在显微镜下表现出来的性状，即非糯性(A)和糯性(a)，花粉粒长形(D)和圆形(d)。①和③杂交所得F1的花粉只有抗病(T)和染病(t)不同，显微镜下观察不到，A错误；若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，则应该选择②④组合，观察F1的花粉，B错误；将②和④杂交后所得的F1(Aa)的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，一半花粉为蓝色，一半花粉为棕色，D错误。答案C孟德尔两大定律的验证方法整合验证方法结论自交法F1自交后代的分离比为3∶1，则符合基因的分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制F1自交后代的分离比为9∶3∶3∶1，则符合基因的自由组合定律，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制测交法F1测交后代的性状比例为1∶1，则符合分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制F1测交后代的性状比例为1∶1∶1∶1，由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制花粉鉴定法F1若有两种花粉，比例为1∶1，则符合分离定律F1若有四种花粉，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律单倍体育种法取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有两种表现型，比例为1∶1，则符合分离定律取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株有四种表现型，比例为1∶1∶1∶1，则符合自由组合定律考点二基因自由组合定律分离比变式及应用 （5年12考）1.“和”为16的特殊分离比的成因(1)基因互作序号条件F1(AaBb)自交后代比例F1测交后代比例1存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现__________________9∶6∶11∶2∶12两种显性基因同时存在时，表现为一种性状，否则表现为另一种性状__________1∶33当某一对隐性基因成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现__________1∶1∶24只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现__________3∶19∶79∶3∶415∶1(2)显性基因累加效应①表现：②原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。1∶2∶12．F2基因型和表现型分析
点拨由于基因间相互作用或制约，或由于环境因素对基因表达的影响，可导致“不同基因型”的生物表现为“相同表现型”，由此可导致某些特殊情形下，杂合子自交也不会发生性状分离，如某自花传粉植物，其子叶颜色有白色和有色等性状，显性基因I是抑制基因，显性基因C是有c是白色基因，且这两对基因分别位于两对同源染色体上。当I和C同时存在时，I就抑制了有色基因C的作用，使其不能表现为有色；当I不存在时，C才发挥作用，显示有色，现将亲本均为白色子叶的两种基因型IICC与iicc杂交，则F1子叶表现型为白色子叶，F2有色子叶基因型为iiC_。F2表现型为白色子叶的比例为，其中自交子代不发生性状分离的基因型为IICC、IICc、IIcc、iicc、Iicc。
第一步先将F2相关数据相加(如90＋27＋40＝157；25＋87＋26＝138；333＋259＝592)得出总和。
第二步设某数据所占比例为。
第三步求x值，第一组数据计算方法为157×＝90，
157×＝27，157×＝40。
则x1∶x2∶x3≈9∶3∶4
同理第二组数据求得x1∶x2∶x3≈3∶10∶3，
第三组数据求得x1∶x2≈9∶7。
如此可将复杂问题简单
答案(1)X(2)AAXDXD或AAXDXd(3)114
(4)实验方案：让这只白眼雌果蝇与任意的一只雄果蝇杂交，观察后代果蝇的表现型情况实验现象与结论：②雌雄个体数量之比为1∶1③雌雄个体数量之比为2∶1
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