2021年安徽省中考数学试卷(解析版)一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，满分40分）每小题都给出A，B，C，D四个选项，其中只有一个
是符合题目要求的。1．（4分）﹣9的绝对值是（）A．9B．﹣9C．D．﹣【分析】根据绝对值的代数意义即可求解．【解答】解：﹣9
的绝对值是9，故选：A．【点评】本题考查了绝对值的代数意义，负数的绝对值等于它的相反数，这是解题的关键．2．（4分）《2020年国
民经济和社会发展统计公报》显示，2020年我国共资助8990万人参加基本医疗保险．其中8990万用科学记数法表示为（）A．89
.9×106B．8.99×107C．8.99×108D．0.899×109【分析】用科学记数法表示较大的数时，一般形式为a×10n
，其中1≤|a|＜10，n为整数，且n比原来的整数位数少1，据此判断即可．【解答】解：8990万＝89900000＝8.99×10
7．故选：B．【点评】此题主要考查了用科学记数法表示较大的数，一般形式为a×10n，其中1≤|a|＜10，确定a与n的值是解题的关
键．3．（4分）计算x2?（﹣x）3的结果是（）A．x6B．﹣x6C．x5D．﹣x5【分析】直接利用同底数幂的乘法法则：同底数
幂相乘，底数不变，指数相加，即可得出答案．【解答】解：x2?（﹣x）3＝﹣x2?x3＝﹣x5．故选：D．【点评】此题主要考查了同底
数幂的乘法，正确掌握同底数幂的乘法运算法则是解题关键．4．（4分）几何体的三视图如图所示，这个几何体是（）A．B．C．D．【分
析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形．【解答】解：根据该组合体的三视图发现该几何体为．故选：C．
【点评】考查了由三视图判断几何体的知识，解题时要认真审题，仔细观察，注意合理地判断空间几何体的形状．5．（4分）两个直角三角板如图
摆放，其中∠BAC＝∠EDF＝90°，∠E＝45°，∠C＝30°，AB与DF交于点M．若BC∥EF，则∠BMD的大小为（）A．
60°B．67.5°C．75°D．82.5°【分析】首先根据直角三角形两锐角互余可算出∠F和∠B的度数，再由“两直线平行，内错角相
等”，可求出∠MDB的度数，在△BMD中，利用三角形内角和可求出∠BMD的度数．【解答】解：如图，在△ABC和△DEF中，∠BAC
＝∠EDF＝90°，∠E＝45°，∠C＝30°，∴∠B＝90°﹣∠C＝60°，∠F＝90°﹣∠E＝45°，∵BC∥EF，∴∠MDB
＝∠F＝45°，在△BMD中，∠BMD＝180°﹣∠B﹣∠MDB＝75°．故选：C．【点评】本题主要考查三角形内角和，平行线的性质
等内容，根据图形，结合定理求出每个角的度数是解题关键．6．（4分）某品牌鞋子的长度ycm与鞋子的“码”数x之间满足一次函数关系．若
22码鞋子的长度为16cm，44码鞋子的长度为27cm，则38码鞋子的长度为（）A．23cmB．24cmC．25cmD．26c
m【分析】先设出函数解析式，用待定系数法求出函数解析式，再把x＝38代入求出y即可．【解答】解：∵鞋子的长度ycm与鞋子的“码”数
x之间满足一次函数关系，∴设函数解析式为：y＝kx+b（k≠0），由题意知，x＝22时，y＝16，x＝44时，y＝27，∴，解得：
，∴函数解析式为：y＝x+5，当x＝38时，y＝×38+5＝24（cm），故选：B．【点评】本题考查一次函数的应用，用待定系数法求
函数解析式是本题的关键．7．（4分）设a，b，c为互不相等的实数，且b＝a+c，则下列结论正确的是（）A．a＞b＞cB．c＞b
＞aC．a﹣b＝4（b﹣c）D．a﹣c＝5（a﹣b）【分析】根据等式的基本性质，对已知等式进行变形即可．【解答】解：∵b＝a+c，
∴5b＝4a+c，在等式的两边同时减去5a，得到5（b﹣a）＝c﹣a，在等式的两边同时乘﹣1，则5（a﹣b）＝a﹣c．故选：D．【
点评】本题主要考查等式的基本性质，结合已知条件及选项，对等式进行合适的变形是解题关键．8．（4分）如图，在菱形ABCD中，AB＝2
，∠A＝120°，过菱形ABCD的对称中心O分别作边AB，BC的垂线，交各边于点E，F，G，H，则四边形EFGH的周长为（）A
．3+B．2+2C．2+D．1+2【分析】证明△BEF是等边三角形，求出EF，同法可证△DGH，△EOH，△OFG都是等边三角形，
求出EH，GF，FG即可．【解答】解：如图，连接BD，AC．∵四边形ABCD是菱形，∠BAD＝120°，∴AB＝BC＝CD＝AD＝
2，∠BAO＝∠DAO＝60°，BD⊥AC，∴∠ABO＝∠CBO＝30°，∴OA＝AB＝1，OB＝OA＝，∵OE⊥AB，OF⊥BC
，∴∠BEO＝∠BFO＝90°，在△BEO和△BFO中，，∴△BEO≌△BFO（AAS），∴OE＝OF，BE＝BF，∵∠EBF＝6
0°，∴△BEF是等边三角形，∴EF＝BE＝×＝，同法可证，△DGH，△OEH，△OFG都是等边三角形，∴EF＝GH＝，EH＝FG
＝，∴四边形EFGH的周长＝3+，故选：A．【点评】本题考查中心对称，菱形的性质，等边三角形的判定和性质，解直角三角形等知识，解题
的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题，属于中考常考题型．9．（4分）如图在三条横线和三条竖线组成的图形中，任选两条横
线和两条竖线都可以图成一个矩形，从这些矩形中任选一个，则所选矩形含点A的概率是（）A．B．C．D．【分析】将从左到右的三条竖线
分别记作a、b、c，将从上到下的三条横线分别记作m、n、l，利用表格列出任选两条横线和两条竖线所围成的矩形的所有等可能情况，再从中
找到所选矩形含点A的的情况，继而利用概率公式可得答案．【解答】解：将从左到右的三条竖线分别记作a、b、c，将从上到下的三条横线分别
记作m、n、l，列表如下，abbcacmnab、mnbc、mnac、mnnlab、nlbc、nlac、nlmlab、mlbc、ml
ac、ml由表可知共有9种等可能结果，其中所选矩形含点A的有bc、mn；bc、ml；ac、mn；ac、ml这4种结果，∴所选矩形含
点A的概率，故选：D．【点评】本题主要考查列表法与树状图法，解题的关键是利用表格列出任选两条横线和两条竖线所围成的矩形的所有等可能
情况，并从所有结果中找到符合条件的结果数．10．（4分）在△ABC中，∠ACB＝90°，分别过点B，C作∠BAC平分线的垂线，垂足
分别为点D，E，BC的中点是M，连接CD，MD，ME．则下列结论错误的是（）A．CD＝2MEB．ME∥ABC．BD＝CDD．M
E＝MD【分析】根据题意作出图形，可知点A，C，D，B四点共圆，再结合点M是中点，可得DM⊥BC，又CE⊥AD，BD⊥AD，可得△
CEM≌△BFM，可得EM＝FM＝DM，延长DM交AB于点N，可得MN是△ACB的中位线，再结合直角三角形斜边中线等于斜边的一半，
可得DN＝AN，得到角之间的关系，可得ME∥AB．【解答】解：根据题意可作出图形，如图所示，并延长EM交BD于点F，延长DM交AB
于点N，在△ABC中，∠ACB＝90°，分别过点B，C作∠BAC平分线的垂线，垂足分别为点D，E，由此可得点A，C，D，B四点共圆
，∵AD平分∠CAB，∴∠CAD＝∠BAD，∴CD＝DB，（故选项C正确）∵点M是BC的中点，∴DM⊥BC，又∵∠ACB＝90°，
∴AC∥DN，∴点N是线段AB的中点，∴AN＝DN，∴∠DAB＝∠ADN，∵CE⊥AD，BD⊥AD，∴CE∥BD，∴∠ECM＝∠F
BM，∠CEM＝∠BFM，∵点M是BC的中点，∴CM＝BM，∴△CEM≌△BFM（AAS），∴EM＝FM，∴EM＝FM＝DM（故选
项D正确），∴∠FEM＝∠MDE＝∠DAB，∴EM∥AB（故选项B正确），综上，可知选项A的结论不正确．故选：A．【点评】本题主要
考查直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，中位线定理，全等三角形的性质与判定等，根据题中条件，作出正确的辅助线是解题关键．二、填空
题（本大题共4小题，每小题5分，满分20分）11．（5分）计算：+（﹣1）0＝3．【分析】直接利用零指数幂的性质以及算术平方根
的性质分别化简得出答案．【解答】解：原式＝2+1＝3．故答案为：3．【点评】此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．12．
（5分）埃及胡夫金字塔是古代世界建筑奇迹之一，其底面是正方形，侧面是全等的等腰三角形．底面正方形的边长与侧面等腰三角形底边上的高的
比值是﹣1，它介于整数n和n+1之间，则n的值是1．【分析】先估算出的大小，再估算﹣1的大小，即可得出整数n的值．【解答】解：
∵4＜5＜9，∴2＜＜3，∴1＜﹣1＜2，又n＜﹣1＜n+1，∴n＝1．故答案为：1．【点评】本题主要考查估算无理数的大小，解题的
关键是估算出的大小．13．（5分）如图，圆O的半径为1，△ABC内接于圆O．若∠A＝60°，∠B＝75°，则AB＝．【分析】连
接OA，OB，由三角形内角和可得出∠C＝45°，再根据圆周角定理可得∠AOB＝90°，即△OAB是等腰直角三角形，又圆半径为1，可
得出结论．【解答】解：如图，连接OA，OB，在△ABC中，∠BAC＝60°，∠ABC＝75°，∴∠ACB＝180°﹣∠A﹣∠B＝4
5°，∴∠AOB＝90°，∵OA＝OB，∴△OAB是等腰直角三角形，∴AB＝OA＝．故答案为：．【点评】本题主要考查三角形内角和定
理，圆周角定理，等腰直角三角形的性质等内容，作出正确的辅助线是解题关键．14．（5分）设抛物线y＝x2+（a+1）x+a，其中a为
实数．（1）若抛物线经过点（﹣1，m），则m＝0；（2）将抛物线y＝x2+（a+1）x+a向上平移2个单位，所得抛物线顶点的纵
坐标的最大值是2．【分析】（1）把点（﹣1，m），直接代入抛物线解析式，即可得出结论；（2）根据“上加下减”可得出平移后的抛物
线解析式，再利用配方法配方，可表达顶点的纵坐标，再求最大值．【解答】解：（1）点（﹣1，m）代入抛物线解析式y＝x2+（a+1）x
+a，得（﹣1）2+（a+1）×（﹣1）+a＝m，解得m＝0．故答案为：0．（2）y＝x2+（a+1）x+a向上平移2个单位可得，
y＝x2+（a+1）x+a+2，∴y＝（x+）2﹣（a﹣1）2+2，∴抛物线顶点的纵坐标n＝﹣（a﹣1）2+2，∵﹣＜0，∴n的最
大值为2．故答案为：2．【点评】本题主要考查二次函数图象的平移，二次函数图象顶点坐标等内容，题目比较简单．三、（本大题共2小题，每
小题8分，满分16分）15．（8分）解不等式：﹣1＞0．【分析】先去分母，然后移项及合并同类项即可解答本题．【解答】解：﹣1＞0，
去分母，得x﹣1﹣3＞0，移项及合并同类项，得x＞4．【点评】本题考查解一元一次不等式，解答本题的关键是明确解一元一次不等式的方法
．16．（8分）如图，在每个小正方形的边长为1个单位的网格中，△ABC的顶点均在格点（网格线的交点）上．（1）将△ABC向右平移5
个单位得到△A1B1C1，画出△A1B1C1；（2）将（1）中的△A1B1C1绕点C1逆时针旋转90°得到△A2B2C1，画出△A
2B2C1．【分析】（1）利用平移变换的性质分别作出A，B，C的对应点A1，B1，C1即可．（2）利用旋转变换的性质分别作出A1，
B1的对应点A2，B2即可．【解答】解：（1）如图，△A1B1C1即为所求作．（2）如图，△A2B2C1即为所求作．【点评】本题考
查作图﹣旋转变换，平移变换等知识，解题的关键是熟练掌握平移变换或旋转变换的性质，属于中考常考题型．四、（本大题共2小题，每小题8分
，满分16分）17．（8分）学生到工厂劳动实践，学习制作机械零件．零件的截面如图阴影部分所示，已知四边形AEFD为矩形，点B、C分
别在EF、DF上，∠ABC＝90°，∠BAD＝53°，AB＝10cm，BC＝6cm．求零件的截面面积．参考数据：sin53°≈0.
80，cos53°≈0.60．【分析】由四边形AEFD为矩形，可得AD∥EF，则∠BAD＝∠EBA，又AB＝10cm，结合三角函数
值可求出AE与BE的长度，又∠ABC是90°，在Rt△BCF中，结合三角函数值可求出BF，CF的长度，由零件的截面面积＝矩形AEF
D的面积﹣△ABE的面积﹣△BCF的面积，即可得出结论．【解答】解：如图，∵四边形AEFD为矩形，∠BAD＝53°，∴AD∥EF，
∠E＝∠F＝90°，∴∠BAD＝∠EBA＝53°，在Rt△ABE中，∠E＝90°，AB＝10，∠EBA＝53°，∴sin∠EBA＝
≈0.80，cos∠EBA＝≈0.60，∴AE＝8，BE＝6，∵∠ABC＝90°，∴∠FBC＝90°﹣∠EBA＝37°，∴∠BCF
＝90°﹣∠FBC＝53°，在Rt△BCF中，∠F＝90°，BC＝6，∴sin∠BCF＝≈0.80，cos∠BCF＝≈0.60，∴
BF＝，FC＝，∴EF＝6+＝，∴S四边形EFDA＝AE?EF＝8×＝，S△ABE＝＝×8×6＝24，S△BCF＝?BF?CF＝×
×＝，∴截面的面积＝S四边形EFDA﹣S△ABE﹣S△BCF＝﹣24﹣＝53（cm2）．【点评】本题主要考查解直角三角形，题目本身
不难，但是计算比较复杂，清楚了解每一步如何计算是解题基础．18．（8分）某矩形人行道由相同的灰色正方形地砖与相同的白色等腰直角三角
形地砖排列而成，图1表示此人行道的地砖排列方式，其中正方形地砖为连续排列．[观察思考]当正方形地砖只有1块时，等腰直角三角形地砖有
6块（如图2）；当正方形地砖有2块时，等腰直角三角形地砖有8块（如图3）；以此类推．[规律总结]（1）若人行道上每增加1块正方形地
砖，则等腰直角三角形地砖增加2块；（2）若一条这样的人行道一共有n（n为正整数）块正方形地砖，则等腰直角三角形地砖的块数为2
n+4（用含n的代数式表示）．[问题解决]（3）现有2021块等腰直角三角形地砖，若按此规律再建一条人行道，要求等腰直角三角形地
砖剩余最少，则需要正方形地砖多少块？【分析】（1）观察图形1可知：中间的每个正方形都对应了两个等腰直角三角形，即可得出答案；（2）
观察图形2可知：中间一个正方形的左上、左边、左下共有3个等腰直角三角形，它右上和右下各对应了一个等腰直角三角形，右边还有1个等腰直
角三角形，即6＝3+2×1+1＝4+2×1；图3和图1中间正方形右上和右下都对应了两个等腰直角三角形，均有图2一样的规律，图3：8
＝3+2×2+1＝4+2×2；图1：4+2n（即2n+4）；（3）由于等腰直角三角形地砖块数2n+4是偶数，根据现有2021块等腰
直角三角形地砖，剩余最少，可得：2n+4＝2020，即可求得答案．【解答】解：（1）观察图1可知：中间的每个正方形都对应了两个等腰
直角三角形，所以每增加一块正方形地砖，等腰直角三角形地砖就增加2块；故答案为：2；（2）观察图形2可知：中间一个正方形的左上、左边
、左下共有3个等腰直角三角形，它右上和右下各对应了一个等腰直角三角形，右边还有1个等腰直角三角形，即6＝3+2×1+1＝4+2×1
；图3和图1中间正方形右上和右下都对应了两个等腰直角三角形，均有图2一样的规律，图3：8＝3+2×2+1＝4+2×2；归纳得：4+
2n（即2n+4）；∴若一条这样的人行道一共有n（n为正整数）块正方形地砖，则等腰直角三角形地砖的块数为2n+4块；故答案为：2
n+4；（3）由规律知：等腰直角三角形地砖块数2n+4是偶数，∴用2021﹣1＝2020块，再由题意得：2n+4＝2020，解得：
n＝1008，∴等腰直角三角形地砖剩余最少为1块，则需要正方形地砖1008块．【点评】本题以等腰直角三角形和正方形的拼图为背景，关
键是考查规律性问题的解决方法，探究规律要认真观察、仔细思考，善用联想来解决这类问题．五、（本大题共2小题，每小题10分，满分20分
）19．（10分）已知正比例函数y＝kx（k≠0）与反比例函数y＝的图象都经过点A（m，2）．（1）求k，m的值；（2）在图中画出
正比例函数y＝kx的图象，并根据图象，写出正比例函数值大于反比例函数值时x的取值范围．【分析】（1）将点A坐标代入反比例函数即可求
出m，即可找到点A的坐标；将点A坐标代入正比例函数即可求解．（2）先画出正比例函数图象，根据图形即可作答．【解答】解：（1）将点A
坐标代入反比例函数得：2m＝6．∴m＝3．∴A（3，2）将点A坐标代入正比例函数得：2＝3k．∴k＝．（2）如图：∴正比例函数值大
于反比例函数值时x的取值范围：x＞3或﹣3＜x＜0．【点评】本题考查待定系数法求函数的待定系数，一次函数与反比例函数的交点知识，关
键在于求出或者找到交点坐标．20．（10分）如图，圆O中两条互相垂直的弦AB，CD交于点E．（1）M是CD的中点，OM＝3，CD＝
12，求圆O的半径长；（2）点F在CD上，且CE＝EF，求证：AF⊥BD．【分析】（1）连接OD，由垂径定理推论可得∠OMD＝90
°，在Rt△OMD中用勾股定理即可得半径；（2）连接AC，延长AF交BD于G，由已知可证△ACF是等腰三角形，∠FAE＝∠CAE，
又弧BC＝弧BC，有∠CAE＝∠CDB，故∠FAE＝∠CDB，即可由∠CDB+∠B＝90°，得∠AGB＝90°，从而得证AF⊥BD
．【解答】解：（1）连接OD，如图：∵M是CD的中点，CD＝12，∴DM＝CD＝6，OM⊥CD，∠OMD＝90°，Rt△OMD中，
OD＝，且OM＝3，∴OD＝＝3，即圆O的半径长为3；（2）连接AC，延长AF交BD于G，如图：∵AB⊥CD，CE＝EF，∴AB是
CF的垂直平分线，∴AF＝AC，即△ACF是等腰三角形，∵CE＝EF，∴∠FAE＝∠CAE，∵弧BC＝弧BC，∴∠CAE＝∠CDB
，∴∠FAE＝∠CDB，Rt△BDE中，∠CDB+∠B＝90°，∴∠FAE+∠B＝90°，∴∠AGB＝90°，∴AG⊥BD，即AF
⊥BD．【点评】本题考查垂径定理及推论，涉及勾股定理、等腰三角形的性质及判定，解题的关键是证明∠FAE＝∠CDB．六、（本题满分1
2分）21．（12分）为了解全市居民用户用电情况，某部门从居民用户中随机抽取100户进行月用电量（单位：kW?h）调查，按月用电量
50～100，100～150，150～200，200～250，250～300，300～350进行分组，绘制频数分布直方图如图．（1
）求频数分布直方图中x的值；（2）判断这100户居民用户月用电量数据的中位数在哪一组（直接写出结果）；（3）设各组居民用户月平均用
电量如表：组别50～100100～150150～200200～250250～300300～350月平均用电量（单位：kW?h）75
125175225275325根据上述信息，估计该市居民用户月用电量的平均数．【分析】（1）根据“各组频数之和为样本容量”可求出x
的值；（2）根据中位数的意义进行判断即可；（3）利用加权平均数的计算方法进行计算即可．【解答】解：（1）x＝100﹣12﹣18﹣3
0﹣12﹣6＝22（户），答：x的值为22；（2）将这100户的用电量从小到大排列，处在中间位置的两个数都落在150～200这一组
；（3）估计该市居民用户月用电量的平均数为＝186（kW?h），答：估计该市居民用户月用电量的平均数为186kW?h．【点评】本题
考查频数分布直方图，加权平均数，理解频数分布直方图的意义，掌握加权平均数的计算方法是正确解答的关键．七、（本题满分12分）22．（
12分）已知抛物线y＝ax2﹣2x+1（a≠0）的对称轴为直线x＝1．（1）求a的值；（2）若点M（x1，y1），N（x2，y2）
都在此抛物线上，且﹣1＜x1＜0，1＜x2＜2．比较y1与y2的大小，并说明理由；（3）设直线y＝m（m＞0）与抛物线y＝ax2﹣
2x+1交于点A、B，与抛物线y＝3（x﹣1）2交于点C，D，求线段AB与线段CD的长度之比．【分析】（1）根据公式，对称轴为直线
x＝﹣，代入数据即可；（2）结合函数的图象，根据二次函数的增减性可得结论；（3）分别联立直线y＝m与两抛物线的解析式，表示出A，B
，C，D的坐标，再表示出线段AB和线段CD的长度，即可得出结论．【解答】解：（1）根据题意可知，抛物线y＝ax2﹣2x+1（a≠0
）的对称轴x＝﹣＝＝1，∴a＝1．（2）由（1）可知，抛物线的解析式为：y＝x2﹣2x+1＝（x﹣1）2，∵a＝1＞0，∴当x＞1
时，y随x的增大而增大，当x＜1时，y随x的增大而减小，∵﹣1＜x1＜0，1＜x2＜2，∴1＜1﹣x1＜2，0＜x2﹣1＜1，结合
函数图象可知，当抛物线开口向上时，距离对称轴越远，值越大，∴y1＞y2．（3）联立y＝m（m＞0）与y＝x2﹣2x+1＝（x﹣1）
2，可得A（1+，m），B（1﹣，m），∴AB＝2，联立y＝m（m＞0）与y＝3（x﹣1）2，可得C（1+，m），D（1﹣，m），
∴CD＝2×＝，∴＝．【点评】本题主要考查二次函数的性质，二次函数与一次函数交点问题等，题目难度适中，数形结合思想及求二次函数与一
次函数交点需要联立方程是解题基础．八、（本题满分14分）23．（14分）如图1，在四边形ABCD中，∠ABC＝∠BCD，点E在边B
C上，且AE∥CD，DE∥AB，作CF∥AD交线段AE于点F，连接BF．（1）求证：△ABF≌△EAD；（2）如图2．若AB＝9，
CD＝5，∠ECF＝∠AED，求BE的长；（3）如图3，若BF的延长线经过AD的中点M，求的值．【分析】（1）先根据题意得出AB＝
AE，DE＝DC，再证四边形ADCF是平行四边形，得出AF＝CD，进而得出AF＝DE，再由平行线性质得∠AED＝∠BAF，进而证得
结论；（2）先证明△EAD∽△CFE，得＝＝，根据四边形ADCF是平行四边形，得AD＝CF，AF＝CD，进而可得＝＝，求得CF＝6
，CE＝，再利用△ABE∽△DEC，求得答案；（3）如图3，延长BM、ED交于点G，先证明△ABE∽△DCE，得出＝＝，设CE＝1
，BE＝x，DC＝DE＝a，则AB＝AE＝ax，AF＝CD＝a，可得EF＝AE﹣AF＝ax﹣a＝a（x﹣1），再利用△ABF∽△E
GF，列方程求解即可．【解答】解：（1）如图1，∵AE∥CD，∴∠AEB＝∠BCD，∵∠ABC＝∠BCD，∴∠ABC＝∠AEB，∴
AB＝AE，∵DE∥AB，∴∠DEC＝∠ABC，∠AED＝∠BAF，∵∠ABC＝∠BCD，∴∠DEC＝∠BCD，∴DE＝DC，∵C
F∥AD，AE∥CD，∴四边形ADCF是平行四边形，∴AF＝CD，∴AF＝DE，在△ABF和△EAD中，，∴△ABF≌△EAD（SAS）；（2）∵CF∥AD，∴∠EAD＝∠CFE，∵∠ECF＝∠AED，∴△EAD∽△CFE，∴＝＝，由（1）知：四边形ADCF是平行四边形，∴AD＝CF，AF＝CD，∵AB＝9，CD＝5，∴AE＝9，DE＝5，∴EF＝AE﹣AF＝9﹣5＝4，∴＝＝，∴CF2＝4×9＝36，即CF＝6，∴CE＝，∵∠ABC＝∠BCD＝∠AEB＝∠DEC，∴△ABE∽△DEC，∴＝，即＝，∴BE＝6；（3）如图3，延长BM、ED交于点G，∵△ABE，△DCE均为等腰三角形，且∠ABC＝∠DCE，∴△ABE∽△DCE，∴＝＝，设CE＝1，BE＝x，DC＝DE＝a，则AB＝AE＝ax，AF＝CD＝a，∴EF＝AE﹣AF＝ax﹣a＝a（x﹣1），∵AB∥DG，∴∠ABG＝∠G∵AD的中点M，∴AM＝DM，∵∠AMB＝∠DMG，∴△AMB≌△DMG（AAS），∴DG＝AB＝ax，∴EG＝DG+DE＝ax+a＝a（x+1），∴＝＝＝x，∵AB∥DG（即AB∥EG），∴△ABF∽△EGF，∴＝，即＝，∴x2﹣2x﹣1＝0，解得：x＝1+或x＝1﹣（舍去），∴＝x＝1+．【点评】本题是四边形综合题，主要考查了等腰三角形的判定和性质，全等三角形判定和性质，相似三角形的判定和性质，平行四边形的判定与性质等知识，熟练掌握全等三角形判定和性质和相似三角形的判定和性质等相关知识，正确添加辅助线构造相似三角形是解题关键．www.czsx.com.cn |
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