湖北省随州市2021年中考数学真题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：________
___一、单选题1．2021的相反数是（）A．B．2021C．D．2．从今年公布的全国第七次人口普查数据可知，湖北省人口约为570
0万，其中5700万用科学记数法可表示为（）A．B．C．D．3．如图，将一块含有角的直角三角板放置在两条平行线上，若，则为（）A．
B．C．D．4．下列运算正确的是（）A．B．C．D．5．如图是小明某一天测得的7次体温情况的折线统计图，下列信息不正确的是（）A．
测得的最高体温为37.1℃B．前3次测得的体温在下降C．这组数据的众数是36.8D．这组数据的中位数是36.66．如图是由4个相同
的小正方体构成的一个组合体，该组合体的三视图中完全相同的是（）A．主视图和左视图B．主视图和俯视图C．左视图和俯视图D．三个视图均
相同7．如图，从一个大正方形中截去面积为和的两个小正方形，若随机向大正方形内投一粒米，则米粒落在图中阴影部分的概率为（）A．B．C
．D．8．如图，某梯子长10米，斜靠在竖直的墙面上，当梯子与水平地面所成角为时，梯子顶端靠在墙面上的点处，底端落在水平地面的点处，
现将梯子底端向墙面靠近，使梯子与地面所成角为，已知，则梯子顶端上升了（）A．1米B．1.5米C．2米D．2.5米9．根据图中数字的
规律，若第个图中的，则的值为（）A．100B．121C．144D．16910．如图，已知抛物线的对称轴在轴右侧，抛物线与轴交于点和
点，与轴的负半轴交于点，且，则下列结论：①；②；③；④当时，在轴下方的抛物线上一定存在关于对称轴对称的两点，（点在点左边），使得．
其中正确的有（）A．1个B．2个C．3个D．4个二、填空题11．计算：______．12．如图，是的外接圆，连接并延长交于点，若，
则的度数为______．13．已知关于的方程（）的两实数根为，，若，则______．14．如图，在中，，，，将绕点逆时针旋转角（）
得到，并使点落在边上，则点所经过的路径长为______．（结果保留）15．2021年5月7日，《科学》杂志发布了我国成功研制出可编
程超导量子计算机“祖冲之”号的相关研究成果．祖冲之是我国南北朝时期杰出的数学家，他是第一个将圆周率精确到小数点后第七位的人，他给出
的两个分数形式：（约率）和（密率）．同时期数学家何承天发明的“调日法”是程序化寻求精确分数来表示数值的算法，其理论依据是：设实数的
不足近似值和过剩近似值分别为和（即有，其中，，，为正整数），则是的更为精确的近似值．例如：已知，则利用一次“调日法”后可得到的一个
更为精确的近似分数为：；由于，再由，可以再次使用“调日法”得到的更为精确的近似分数……现已知，则使用两次“调日法”可得到的近似分数
为______．16．如图，在中，，为的中点，平分交于点，，分别与，交于点，，连接，，则的值为______；若，则的值为_____
_．三、解答题17．先化简，再求值：，其中．18．如图，在菱形中，，是对角线上的两点，且．（1）求证：≌；（2）证明四边形是菱形．
19．疫苗接种初期，为更好地响应国家对符合条件的人群接种新冠疫苗的号召，某市教育部门随机抽取了该市部分七、八、九年级教师，了解教师
的疫苗接种情况，得到如下统计表：已接种未接种合计七年级301040八年级3515九年级4060合计105150（1）表中，____
__，______，______；（2）由表中数据可知，统计的教师中接种率最高的是______年级教师；（填“七”或“八”或“九”
）（3）若该市初中七、八、九年级一共约有8000名教师，根据抽样结果估计未接种的教师约有______人；（4）为更好地响应号召，立
德中学从最初接种的4名教师（其中七年级1名，八年级1名，九年级2名）中随机选取2名教师谈谈接种的感受，请用列表或画树状图的方法，求
选中的两名教师恰好不在同一年级的概率．20．如图，一次函数的图象与轴、轴分别交于点，，与反比例函数（）的图象交于点，．（1）分别求
出两个函数的解析式；（2）连接，求的面积．21．如图，是以为直径的上一点，过点的切线交的延长线于点，过点作交的延长线于点，垂足为点
．（1）求证：；（2）若的直径为9，．①求线段的长；②求线段的长．22．如今我国的大棚（如图1）种植技术已十分成熟．小明家的菜地上
有一个长为16米的蔬菜大棚，其横截面顶部为抛物线型，大棚的一端固定在离地面高1米的墙体处，另一端固定在离地面高2米的墙体处，现对其
横截面建立如图2所示的平面直角坐标系．已知大棚上某处离地面的高度（米）与其离墙体的水平距离（米）之间的关系满足，现测得，两墙体之间
的水平距离为6米．（1）直接写出，的值；（2）求大棚的最高处到地面的距离；（3）小明的爸爸欲在大棚内种植黄瓜，需搭建高为米的竹竿支
架若干，已知大棚内可以搭建支架的土地平均每平方米需要4根竹竿，则共需要准备多少根竹竿？23．等面积法是一种常用的、重要的数学解题方
法．它是利用“同一个图形的面积相等”、“分割图形后各部分的面积之和等于原图形的面积”、“同底等高或等底同高的两个三角形面积相等”等
性质解决有关数学问题，在解题中，灵活运用等面积法解决相关问题，可以使解题思路清晰，解题过程简便快捷．（1）在直角三角形中，两直角边
长分别为3和4，则该直角三角形斜边上的高的长为_____，其内切圆的半径长为______；（2）①如图1，是边长为的正内任意一点，
点为的中心，设点到各边距离分别为，，，连接，，，由等面积法，易知，可得_____；（结果用含的式子表示）②如图2，是边长为的正五边
形内任意一点，设点到五边形各边距离分别为，，，，，参照①的探索过程，试用含的式子表示的值．（参考数据：，）（3）①如图3，已知的半
径为2，点为外一点，，切于点，弦，连接，则图中阴影部分的面积为______；（结果保留）②如图4，现有六边形花坛，由于修路等原因需
将花坛进行改造．若要将花坛形状改造成五边形，其中点在的延长线上，且要保证改造前后花坛的面积不变，试确定点的位置，并说明理由．24．
在平面直角坐标系中，抛物线与轴交于点和点，与轴交于点，顶点的坐标为．（1）直接写出抛物线的解析式；（2）如图1，若点在抛物线上且满
足，求点的坐标；（3）如图2，是直线上一个动点，过点作轴交抛物线于点，是直线上一个动点，当为等腰直角三角形时，直接写出此时点及其对
应点的坐标参考答案1．A【分析】直接利用相反数的定义得出答案．【详解】解：2021的相反数是：-2021．故选：A．【点睛】此题主
要考查了相反数，正确掌握相关定义是解题关键．2．C【分析】用科学记数法表示绝对值大于1的数，形如为正整数，据此解题．【详解】解：5
700万=57000000，用科学记数法可表示为，故选：C．【点睛】本题考查用科学记数法表示绝对值大于1的数，是基础考点，难度较易
，掌握相关知识是解题关键．3．A【分析】过60°角顶点作直线平行于已知直线，然后根据平行线的性质推出∠1+∠2=60°，从而求出∠
2即可．【详解】如图，已知，作直线，则，则∠1=∠3，∠2=∠4，∵∠3+∠4=60°，∴∠1+∠2=60°，∴∠2=60°-∠1
=15°，故选：A．【点睛】本题考查平行线的基本性质，理解平行线的性质定理是解题关键．4．D【分析】根据负指数运算法则可判断A，根
据同类项的定义可判断B，根据同底数幂的乘法可判断C，根据幂的乘方可判断D【详解】A.，故选项A计算不正确；B.与不是同类项不能
合并，，故选项B计算不正确；C.，故选项C计算不正确；D.，故选项D正确．故选择D．【点睛】本题考查负整指数运算，同类项识别与
合并，同底数幂的乘法，幂的乘方，掌握负整指数运算，同类项识别与合并，同底数幂的乘法，幂的乘方是解题关键．5．D【分析】根据折线图判
断最高体温以及上升下降情况，根据众数、中位数的性质判断即可．【详解】解：A、由折线统计图可知，7次最高体温为37.1℃，A选项正确
，不符合题意；B、由折线统计图可知，前3次体温在下降，B选项正确，不符合题意；C、由7组数据可知，众数为36.8，C选项正确，不符
合题意；D、根据中位数定义可知，中位数为36.8，D选项错误，符合题意；故选：D．【点睛】本题主要考查折线统计图、众数以及中位数的
定义，正确读懂统计图，正确理解众数、中位数定义是解题关键，注意必须从大到小或者从小到大排列后再求中位数．6．A【分析】画出组合体的
三视图，即可得到结论．【详解】解：所给几何体的三视图如下，所以，主视图和左视图完全相同，故选：A．【点睛】本题考查了简单组合体的三
视图，利用三视图的定义是解题关键．7．A【分析】求出阴影部分的面积占大正方形的份数即可判断．【详解】解：∵两个小正方形的面积为和，
∴两个小正方形的边长为和，∴大正方形的边长为，∴大正方形的面积为，∴阴影部分的面积为，∴米粒落在图中阴影部分的概率为，故选：A．【
点睛】本题主要考查了几何概率，熟练掌握正方形边长与面积的关系是解题关键．8．C【分析】根据梯子长分别利用三角函数的正弦定义求出CD
=CEsinβ与AD=ABsinα，两线段作差即可．【详解】解：如图所示标记字母，根据题意得AB=CE=10米，∵sinβ，在Rt
△ECD中，sin，∴CD=，在Rt△ABD中，sin，∴，∴AC=CD-AD=8-6=2．故选择C．【点睛】本题考查三角函数的定
义，解直角三角形，掌握正弦与余弦的平方关系以及锐角三角函数的定义是解题关键．9．B【分析】分别分析n的规律、p的规律、q的规律，再
找n、p、q之间的联系即可．【详解】解：根据图中数据可知：则，，∵第个图中的，∴，解得：或(不符合题意，舍去)∴，故选：B．【点睛
】本题主要考查数字之间规律问题，将题中数据分组讨论是解决本题的关键．10．B【分析】依据抛物线的图像和性质，根据题意结合二次函数图
象与系数的关系，逐条分析结论进行判断即可【详解】①从图像观察，开口朝上，所以，对称轴在轴右侧，所以，图像与轴交点在x轴下方，所以，
所以①不正确；②点和点，与轴的负半轴交于点，且设代入,得：，所以②正确；③，设抛物线解析式为：过，所以③正确；④如图：设交点为P，
对称轴与x轴交点为Q，顶点为D，根据抛物线的对称性，是等腰直角三角形，，，又对称轴由顶点坐标公式可知由题意，解得或者由①知，所以④
不正确．综上所述：②③正确共2个故选B．【点睛】本题考查了二次函数图象与系数的关系，利用了数形结合的思想，二次函数（a≠0），a的
符号由抛物线的开口决定；b的符号由a及对称轴的位置确定；c的符号由抛物线与y轴交点的位置确定，此外还有注意利用特殊点1，-1及2对
应函数值的正负来解决是解题的关键．11．【分析】估算的大小从而确定?1的符号，再根据绝对值的定义及零指数幂的意义即可完成．【详解】
故答案为：【点睛】本题考查了算术平方根据的估值，绝对值的意义，零指数幂的意义等知识，关键是掌握绝对值的意义和零指数幂的意义，并能对
算术平方根正确估值．12．【分析】连接BD，则，再根据AD为直径，求得的度数【详解】如图，连接BD，则AD为直径故答案为【点睛】
此题主要考查了圆周角定理，圆周角定理是中考中考查重点，熟练掌握圆周角定理是解决问题的关键．13．【分析】根据一元二次方程根与系数的
关系可求出以及，然后根据条件变形代入求解即可．【详解】由题意，，，∵，∴，即：，解得：，故答案为：．【点睛】本题考查一元二次方程根
与系数的关系，熟记基本公式，并灵活进行变形是解题关键．14．．【分析】利用勾股定理求出AB=2，根据旋转的性质得到旋转角为∠=60
°，再由弧长计算公式，计算出结果．【详解】解：∵，，，∴AB=2AC，设AC=x，则AB=2x，由勾股定理得：，解得：x=1，则：
AC=1，AB=2，∵将绕点逆时针旋转角（）得到，且点落在边上，∴旋转角为60°，∴∠=60°，∴点所经过的路径长为：，故答案为：
．【点睛】本题主要考查了勾股定理、旋转的性质和弧长的计算公式，解题关键在于找到旋转角，根据弧长公式进行计算．15．【分析】根据“调
日法”的定义，第一次结果为：，近似值大于，所以，根据第二次“调日法”进行计算即可.【详解】解：∵∴第一次“调日法”，结果为：∵∴∴
第二次“调日法”，结果为：故答案为：【点睛】本题考查无理数的估算，根据定义，严格按照例题步骤解题是重点．16．【分析】（1）根据条
件，证明，从而推断，进一步通过角度等量，证明，代入推断即可.（2）通过，可知四点共圆，通过角度转化，证明，代入推断即可.【详解】解
：（1）∵，为的中点∴又∵平分∴又∵∴∴∴∴在与中,∴（2∵∴四点共圆，如下图：∵∴又∵∴∵∴∴∴∴即∵∴∵∴∵∴∴故答案为：【点
睛】本题考查三角形的相似，三角形的全等以及圆的相关知识点，根据图形找见相关的等量关系是解题的关键．17．，-2【分析】（1）先把括
号里通分合并，括号外的式子进行因式分解，再约分，将x=1代入计算即可．【详解】解：原式当时，原式【点睛】本题考查了分式的化简求值，
用到的知识是约分、分式的加减，熟练掌握法则是解题的关键．18．（1）见解析；（2）见解析【分析】(1)利用SAS证明即可；(2)从
对角线的角度加以证明即可.【详解】（1）证明：∵四边形为菱形，∴，且，又∵，∴≌．（2）证明：连接交于点，∵四边形为菱形，∴，且为
，中点，又∵，∴∴与互相垂直且平分，故四边形是菱形．【点睛】本题考查了菱形的判定和性质，三角形的全等判定和性质，熟练掌握三角形全等
判定的基本原理,菱形判定基本方法和性质是解题的关键．19．（1），，；（2）七；（3）2400；（4）【分析】（1）根据八年级教师
中已接种和未接种即可求得a，根据九年级已接种的及总人数可求得b，根据三个年级未接种的人数可求得总人数c；（2）分别计算七、八、九年
级教师中接种率即可求得结果；（3）计算抽取的三个年级教师中未接种的百分比，把此百分比作为该市初中教师未接种的百分比，从而可求得该市
未接种的教师的人数；（4）七年级教师用A表示，八年级教师用表示，九年级教师用，表示,根据树状图或列表法，求得等可能的结果种数及恰好
两位教师不在同一个年级的可能结果，即可求得概率．【详解】解：（1）；；故答案为：50；20；45（2）七年级教师的接种率为：；八年
级教师的接种率为：；九年级教师的接种率为：；即七年级教师的接种率最高．故答案为：七（3）抽取的三个年级教师中未接种的百分比为：，（
人）故答案为：2400（4）设七年级教师用表示，八年级教师用表示，九年级教师用，表示，根据题意：可画出树状图：或列表：AA由上图（
或上表）可知，共有12种等可能的结果，符合条件的结果有10种，故（两名教师不在同一年级）．说明：（4）问中用树状图法或列表法中一种
即可．【点睛】本题考查了统计表，用样本估计总体，求简单事件的概率，是统计与概率知识的综合，关键是读懂统计表，从中获取有用的信息，用
样本估计总体．20．（1），；（2）3【分析】（1）将点C、D的横、纵坐标代入反比例函数的解析式，求得m、n的值，从而点D纵坐标已
知，将点C、D的横、纵坐标代入一次函数的解析式，求得k、b的值，从而两个函数解析式可求；（2）求出点B的坐标，可知OB的长，利用三
角形的面积公式可求三角形BOD的面积．【详解】解：（1）∵双曲线（m>0）过点C（1，2）和D（2，n），∴，解得，．∴反比例函数
的解析式为．∵直线过点C（1，2）和D（2，1），∴，解得，．∴一次函数的解析式为．（2）当x=0时，y1=3，即B（0，3）．∴
．如图所示，过点D作DE⊥y轴于点E．∵D（2，1），∴DE=2．∴【点睛】本题考查了待定系数法求函数解析式、二元一次方程组、三角
形的面积等知识点，熟知解析式、点坐标、线段长三者的相互转化是解题的关键．21．（1）见解析；（2）①；②【分析】（1）连接，由是的
切线，可得，可证，可得．由，可得即可；（2）①连接，由的直径为9，，可求．可证，由，．②由（1）可知，可证∽，由性质可得，解方程得
．【详解】（1）证明：连接，∵是的切线，∴，又∵，∴，∴．又∵在中，，∴，∴，∴；（2）①连接，∵的直径为9，∴，在中，∵，∴．又
∵，且，∴，在中，∵，∴．②由（1）可知，∴∠DOE=∠FBE，∠ODE=∠BFE，∴∽，∴，即，解得．经检验符合题意．【点睛】本
题考查圆的切线性质，平行线性质，等腰三角形判定与性质，直径所对圆周角性质，锐角三角函数，三角形相似判定与性质，利用相似的性质构造方
程是解题关键．22．（1），；（2）米；（3）352【分析】（1）根据题意，可直接写出点A点B坐标，代入，求出b、c即可；（2）根
据（1）中函数解析式直接求顶点坐标即可；（3根据，先求得大棚内可以搭建支架的土地的宽，再求得需搭建支架的面积，最后根据每平方米需要
4根竹竿计算即可．【详解】解：（1）由题意知点A坐标为，点B坐标为，将A、B坐标代入得：解得：，故，；（2）由，可得当时，有最大值
，即大棚最高处到地面的距离为米；（3）由，解得，，又因为，可知大棚内可以搭建支架的土地的宽为（米），又大棚的长为16米，故需要搭建
支架部分的土地面积为（平方米）共需要（根）竹竿．【点睛】本题主要考查根据待定系数法求函数解析式，根据函数解析式求顶点坐标，以及根据
函数值确定自变量取值范围，掌握此题的关键是熟练掌握二次函数图像的性质．23．（1），1；（2）①；②；（3）①；②见解析．【分析】
（1）根据等积法解得直角三角形斜边上的高的长，及利用内切圆的性质解题即可；（2）①先求得边长为的正的面积，再根据解题即可；②设点为
正五边形的中心，连接，，过作于，先由正切定义，解得的长，由①中结论知，，继而得到，据此解题；（3）①由切线性质解得，再由平行线性质
及等腰三角形性质解得，根据平行线间的距离相等，及同底等高或等底同高的两个三角形面积相等的性质，可知图中阴影部分的面积等于扇形OBC
的面积，最后根据扇形面积公式解题；②连接，过点作交的延长线于点，根据，据此解题．【详解】解：（1）直角三角形的面积为：，直角三角形
斜边为：，设直角三角形斜边上的高为，则设直角三角形内切圆的半径为，则，故答案为：，1；（2）①边长为的正底边的高为，面积为：，故答
案为：；②类比①中方法可知，设点为正五边形的中心，连接，，由①得，过作于，，故，，故，从而得到：．（3）①是的切线，过点作，是的高
，故答案为：；②如图，连接，过点作交的延长线于点，则点即为所求，连接，∵，∵，∴，∴．【点睛】本题考查正多边形和圆的知识，涉及含3
0°角的直角三角形、正切、切线的性质、扇形面积公式、平行线的性质等知识，是重要考点，有难度，掌握相关知识是解题关键．24．（1）；
（2），；（3），；，；，；，；，；，．【分析】（1）由和，且D为顶点列方程求出a、b、c，即可求得解析式；（2）分两种情况讨论：
①过点作，交抛物线于点，②在下方作交于点，交抛物线于；（3）为等腰直角三角形，分三种情况讨论：当；②当；③当．【详解】解：（1）将和代入得又∵顶点的坐标为∴∴解得∴抛物线的解析式为：．（2）∵和∴直线的解析式为：∵抛物线的解析式为：，抛物线与轴交于点，与轴交于点和点，则C点坐标为，B点坐标为．①过点作，交抛物线于点，则直线的解析式为，结合抛物线可知，解得：（舍），，故．②过点作轴平行线，过点作轴平行线交于点，由可知四边形为正方形，∵直线的解析式为∴与轴交于点，在下方作交于点，交抛物线于∴又∵OC=CG，∴≌，∴，，又由可得直线的解析式为，结合抛物线可知，解得（舍），，故．综上所述，符合条件的点坐标为：，．（3）∵，∴直线的解析式为设M的坐标为，则N的坐标为∴∵，∴直线的解析式为∵为等腰直角三角形∴①当时，如下图所示则Q点的坐标为∴∴解得：（舍去），，∴此时，；，；②当时，如下图所示则Q点的坐标为∴∴解得：（舍去），，∴此时，；，；③当时，如图所示则Q点纵坐标为∴Q点的坐标为∴Q点到MN的距离=∴（直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半）解得：（舍去），，∴此时，；，．综上所述，点及其对应点的坐标为：，；，；，；，；，；，．【点睛】本题主要考查二次函数与几何图形．该题综合性较强，属于中考压轴题．www.czsx.com.cn |
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