2019年福建省中考物理试卷
一、选择题：本题共16小题，每小题2分，共32分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．
1．（2分）最早发现通电导体周围存在磁场的物理学家是（ ）
A．焦耳 B．欧姆 C．安培 D．奥斯特
2．（2分）北斗导航卫星与地球之间的通讯是利用（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．空气
3．（2分）如图的四种现象中，由于光的折射形成的是（ ）
A．水中荷花的倒影 B．屏幕上的手影
C．观后镜中汽车的像 D．放大镜下树叶的像
4．（2分）公共场所不要高声喧哗，这里的“高”是指声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
5．（2分）为了防止惯性带来的危害，要求人们（ ）
A．乘车时系好安全带 B．候车时站在安全线外
C．市区行车禁鸣喇叭 D．夜间行车车内不开灯
6．（2分）光线从空气射到平静的水面，入射角为50°，则反射光线与水面的夹角为（ ）
A．0° B．40° C．50° D．100°
7．（2分）如图的四个实验中，反映电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（2分）下列实例中，属于通过做功改变物体内能的是（ ）
A．搓手会发热 B．用冷水冷却热鸡蛋
C．晒太阳取暖 D．给热咖啡加冰降温
9．（2分）下列数据中，最符合实际的是（ ）
A．人的正常体温约为42℃
B．人的正常步行速度约为1m/s
C．一层普通教室的高度约为10 m
D．一个鸡蛋的重力约为2N
10．（2分）如图的四幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，下列说法正确的是（ ）
A．“试弓定力”中弓的重力与秤砣的重力是一对平衡力
B．“赶稻及菽“中牛拉犁的力大于犁拉牛的力
C．“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上可加快纸中水分升华
D．“炒蒸油料”中在同一灶台上同时炒和蒸可提高能源利用率
11．（2分）如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（ ）
物质 水 煤油 冰 铝 铜 比热容/（J?kg﹣1?℃﹣1） 4.2×103 2.1×103 2.1×l03 0.88×103 0.39×103 A．不同物质的比热容一定不同
B．物质的物态发生变化，比热容不变
C．质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多
D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水升高的温度更多
12．（2分）工人用如图的机械将物体匀速提升到某一高度，若物体的重力与滑轮的重力之比G物：G滑轮＝9：1，忽略绳重与摩擦的影响，则机械效率为（ ）
A．10% B．45% C．80% D．90%
13．（2分）在相同温度下，关于导体的电阻，下列说法正确的是（ ）
A．铜线的电阻一定比铝线的小
B．长度相同粗细也相同的铜线和铝线电阻相等
C．长度相同的两根铜线，粗的那根电阻较大
D．粗细相同的两根铜线，长的那根电阻较大
14．（2分）如图，装有两种不同液体的烧杯置于水平面上，两液体没有混合。上层液体的高度为
h，密度为0.8ρ；下层液体的高度为2h，密度为ρ．则液体对烧杯底部的压强为（ ）
A．2.4ρgh B．2.7 ρgh C．2.8 ρgh D．3 ρgh
15．（2分）踢毽子是一项有益的休育活动。如图，毽子某次被踢出后，竖直上升经过某一位置时，毽子的动能和重力势能分别为EK1和EP1下落经过同一位置时，毽子的动能和重力势能分别为EK2和EP2，则（ ）
A．EK2＞EK1 B．EK2＜EK1 C．EP2＞EP1 D．EP2＞EP1
16．（2分）如图电路，电源电压恒定，R1＝12ΩR2＝6ΩR3是定值电阻。闭合开关S1，单刀双掷开关S2接a时电流表的示数为0.6A，接b时电流表的示数可能为（ ）
A．0.3 A B．0.6 A C．0.9 A D．1.2 A
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分．
17．（2分）2019年北京世界园艺博览会，百花绽放，鸟语花香。远处就能闻到花香是由于分子在不停地 ；游客坐在游览车上游览，以游览车为参照物，游客是 的。
18．（2分）如图是我国古代劳动人民在工地上运送巨木的情景。架在支架上的横杆属于 杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）；支架下面垫有面积较大的石块，是为了 对地面的压强（选填“增大”或“减小”）。
19．（2分）一台标有“5V 2.5W”的带有USB接口的小电风扇，线圈电阻为1Ω，正常丁作1min，产生的热量是 Jo工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于
现象。
20．（2分）如图电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a端向b端移动过程中，示数减小的电表是 （选填“A”“V1”或“V2”电路的总功率 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
21．（1分）如图，气球下面用细线悬挂一石块，它们恰好悬浮在水中。已知石块与气球的总重力为G总，则气球受到的浮力F浮 G总（选填“＞”“＜”或“＝”）；若水温升高，石块将 （选填“上浮”“下沉”或“保持悬浮”）。
22．（2分）如图为某种灯泡的电流I与电压U的关系图象。若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上，通过灯泡的电流为 A；若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上，总电流为1.5A，则该电阻的阻值为 。
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分．
23．（2分）如图，悬挂在天花板下的电灯处于静止状态。画出电灯的受力示意图。
24．（2分）如图是部分照明电路。用笔画线代替导线，将开关和电灯接入照明电路。
四、简答题：本题共1小题，共4分．
25．（4分）蒸粽子时将碗倒扣在盛有适量水的锅中当支架，把装有粽子的盘子放在上方，如图甲。蒸好后打开锅盖，看到锅盖内表面有许多小水珠。熄火一会儿，发现锅中的水被“吸入”碗内，如图乙。
（1）锅盖内表而为什么有许多小水珠？
（2）锅中的水为什么会被“吸入”碗内？
五、实验题：本题共5小题，共28分．
26．（6分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）需要将凸透镜、蜡烛和光屏安装在光具座上，置于中间位置的应是 o
（2）调节好装置，将蜡烛放在2倍焦距之外时，光屏上能成 （选填“放大”或“缩小”）、倒立的 像（选填“实”或“虚”）。生活中常用的 是利用这一成像规律制作的。
（3）将蜡烛移至1倍焦距与2倍焦距之间某处，光屏上成清晰的像。若烛焰中心下降lcm，光屏上的像会 移动（选填“向上”或“向下“），移动的距离 1cm（选填“大于”“小于“或“等于”）。
27．（5分）如图甲是“探究海波熔化时温度的变化规律”的实验装置°
（1）如图乙温度计的示数为 ℃。
（2）如图丙是根据实验数据描绘出的海波温度随时间变化的图象。海波熔化过程对应图线中的 段（选填“AB”或“BC”）其熔点为 ℃．熔化过程中海波吸收的热量 放出的热虽（选填“大于”“小于“或“等于”）。
（3）用质量为m1的海波做实验，绘制的海波的温度随时间变化的图线如图丁中的a。若用质量为m2（m2＞m1）的海波做实验，得到的图线可能是图丁中的 （选填“b”“c”或“d”）。
28．（5分）如图，“验证阿基米德原理”的实验步骤如下：
①用弹簧测力计测出物体所受的重力G（图甲）；
②将物体浸没在水面恰好与溢口相平的溢水杯中，用空的小桶接从溢水杯里被物体排开的水，读出这时测力计的示数F（图乙）；
③测出接水后小桶与水所受的总重力G1（图丙）；
④将小桶中的水倒出，测岀小桶所受的重力G2（图丁）；
⑤分别计算出物体受到的浮力和排开的水所受的重力，并比较它们的大小是否相同。
回答下列问题：
（1）物体浸没在水中，受到水的浮力F浮＝ ，被排开的水所受的重力G排＝ 。（用上述测得量的符号表示）
（2）指出本实验产生误差的原因（写出两点）：
（a） ；
（b） 。
（3）物体没有完全浸没在水中， （选填“能”或“不能”）用实验验证阿基米德原理。
29．（4分）如图是“测量滑动摩擦力大小”的实验装置示意图。
（1）如图甲中，将木板固定水平拉动木块，木块受到的滑动摩擦力与其受到的水平拉力 大小相等；图乙中，水平拉动木板，待测力计示数稳定后，木块受到的滑动摩擦力与其受到的水平拉力 大小相等。（选填“一定”或“不一定“）
（2）如图丙中，水平拉动木板，待测力计示数稳定后，测力计A的示数为4.0N，测力计B的示数为2.5N，木块受到的滑动摩擦力大小为 N．若增大拉力，当A的示数为4.8N时，B的示数为 N。
30．（8分）现要测量电阻RX的阻值，提供的实验器材有：待测电阻Rx（约5Ω）、两节干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及导线若干°
（1）用笔画线代替导线，将图1中的实物图连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向接线柱D移动时接入电路的阻值变小。
（2）正确连线后，闭合开关，移动滑片P，电流表示数几乎为零，电压表示数接近电源电压且几乎不变。若电路中只有一处故障，可判断该故障是 。
（3）排除故障继续实验，某次测量，电流表的示数为0.50A，电压表的示数如图2，该示数为 V，则Rx＝ Ω。
（4）某同学利用电源（电压未知）、电阻箱（0﹣999.9Ω）和电流表（指针能正常偏转，但刻度盘示数模糊不清）等器材，测电阻Rx的阻值，设计的电路如图3．完成下列实验步骤：
①正确连接电路，断开S1、S2，将电阻箱R阻值调至最大；
② ；
③ ；
④电阻Rx＝ 。（用测得量的符号表示）
六、计算题：本题共3小题，共20分．
31．（6分）“国之润，自疏浚始”。新一代国之重器“天鲲号”绞吸挖泥船在河道清淤、湖泊疏浚、吹填造陆等方面发挥着重大作用。
（1）“天鲲号”以功率P1＝6600kW进行绞吸，同时以功率P2＝13400kW向远处输送岩石泥沙，工作时间t＝10min，共做功多少焦？
（2）“天鲲号”绞刀的工作原理与家用破壁机相似。某破壁机的额定电压U＝220V，额定电流I＝10A．“天鲲号”绞刀以功率P1＝6600kW工作，相当于多少台这种破壁机正常工作消耗的总功率？
32．（6分）空气质量指数是环境监测的重要指标，下表的空气质量等级是按照空气质量指数A划分的。某兴趣小组自制的空气质量监测仪，用电压表显示空气质量指数，工作原理电路图如图。已知电源电压U＝18V，电压表量程为0～15V，定值电阻R0的阻值为100Ω，气敏电阻阻值R与A的关系为R＝×103Ω
空气质量指数A 0?50 51?100 101?150 151?200 201?300 ＞300 空气质量等级 优 良 轻度污染 中度污染 重度污染 严重污染 （1）通过计算，判断电压表示数为10V时对应的空气质量等级。
（2）更换定值电阻R0可改变监测仪的测量范围，若要使电压表满偏时对应的空气质量指数A＝400，则更换
后的定值电阻R′0的阻值应为多大？
33．（8分）将平底薄壁直圆筒状的空杯，放在饮料机的水平杯座上接饮料。杯座受到的压力F随杯中饮料的高度h变化的图象如图o饮料出口的横截面积S1＝0.8cm2，饮料流出的速度v＝50cm/s，杯高H＝10cm，杯底面积S2＝30cm2，g取10N/kgo
（1）装满饮料时，杯底受到饮料的压力为多大？
（2）饮料的密度为多大？
（3）设杯底与杯座的接触面积也为S2，饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为多大？
2019年福建省中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共16小题，每小题2分，共32分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．
1．（2分）最早发现通电导体周围存在磁场的物理学家是（ ）
A．焦耳 B．欧姆 C．安培 D．奥斯特
【分析】最早发现通电导体周围存在磁场的是奥斯特。
【解答】解：由物理学史可知，焦耳发现了焦耳定律，欧姆发现了欧姆定律，安培发现了安培定则等，奥斯特在1820年一次实验中发现了通电导体周围存在磁场，故D符合题意。
故选：D。
【点评】物理学上把物理学家的名字规定为一些物理量的单位，是为了纪念物理学家，例如牛顿、安培、欧姆、伏特、焦耳等等。
2．（2分）北斗导航卫星与地球之间的通讯是利用（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．空气
【分析】声音的传播需要介质，真空不能传声，电磁波可以在真空中传播。
【解答】解：
（1）超声波和次声波属于声波，而声音不能在真空中传播，故BC错误；
（2）空气只能作为传播的介质，而不能作为北斗导航卫星与地球之间的通讯，故D错误；
（3）电磁波可以在真空中传播，因此北斗导航卫星与地球之间的通讯是利用电磁波传播的，故A正确。
故选：A。
【点评】卫星和地面之间都是用电磁波建立联系的。
3．（2分）如图的四种现象中，由于光的折射形成的是（ ）
A．水中荷花的倒影 B．屏幕上的手影
C．观后镜中汽车的像 D．放大镜下树叶的像
【分析】①光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，水变浅了，水中的筷子折断了等；
②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像、倒影；
③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项。
【解答】解：A、水中荷花的倒影是平面镜成像现象，属于光的反射，故A不符合题意。
B、屏幕上的手影是光线在同种均匀的介质中传播形成的，故B不符合题意。
C、观后镜是凸面镜，所以汽车观后镜中的像是由光的反射形成的，故C不符合题意。
D、放大镜把树叶“放大”，是由于光的折射形成的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
4．（2分）公共场所不要高声喧哗，这里的“高”是指声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
【分析】声音的特性有三个：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性。
【解答】解：我们应该避免在公共场所高声喧哗，这里的高声喧哗的“高”，是指声音的响度大。
故选：A。
【点评】本题综合考查了音色、音调和响度的区别，是一道基础题。
5．（2分）为了防止惯性带来的危害，要求人们（ ）
A．乘车时系好安全带 B．候车时站在安全线外
C．市区行车禁鸣喇叭 D．夜间行车车内不开灯
【分析】惯性是任何物体都有保持原来运动状态的性质，有时对我们有用、有时有害，特别要防止惯性带来危害，据此对各选项逐一进行分析。
【解答】解：A、系安全带是防止急刹车时，人由于惯性向前撞击车体而发生事故，属于防止惯性带来的危害，故A符合题意。
B、列车从人的面前经过时，由于列车的快速行驶，造成人和列车空气流动速度增大，空气压强减小，人外侧空气流动速度几乎不变，压强几乎不变，人外侧压强大于人和列车之间的压强，容易把人压向列车的方向，容易发生事故，所以在火车站站台上候车的乘客应站在安全线外。与惯性无关。故B不合题意。
C、市区内“禁鸣喇叭”，是在噪声的声源处减弱噪声，与惯性无关。故C不合题意。
D、夜间驾驶室外的光线是比较暗的，若打开驾驶室内的灯，室内物体的光线是比较强的，就可以通过前挡风玻璃在车前形成一个虚像（平面镜成像），干扰司机的视线；与惯性无关。故D不合题意。
故选：A。
【点评】惯性是物体的固有属性，惯性在有些情况下对我们有利，我们要充分利用惯性；在有些情况下，惯性对我们有害，我们要防止惯性造成的危害。
6．（2分）光线从空气射到平静的水面，入射角为50°，则反射光线与水面的夹角为（ ）
A．0° B．40° C．50° D．100°
【分析】（1）在光的反射中，入射角指的是入射光线与法线的夹角，知道入射光线与镜面的夹角以及法线和镜面的关系，就可以求出入射角；
（2）光的反射中，反射角等于入射角。
【解答】解：入射光线与法线的夹角为50°，即入射角为50°。
则光与水面的夹角为90°﹣50°＝40°，根据光的反射定律，反射角也为50°，所以反射光线与界面的夹角为40°。
故选：B。
【点评】此题主要考查了反射角与入射角的概念，同时考查了反射定律的内容，主要考查了反射角与入射角的大小关系，知道反射角等于入射角。
7．（2分）如图的四个实验中，反映电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，在选项中找出反映这个原理的即可。
【解答】解：电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的；
A、如图是电流磁效应的实验，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意。
B、是研究电磁铁的实验装置，说明了通电导体周围存在磁场，故B不符合题意。
C、电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，故C符合题意。
D、电路中没有电源，是探究电磁感应现象的实验装置，是发电机的工作原理，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】发电机和电动机的原理图很相似，主要区别在于电路中是否有电源，有电源的是电动机，无电源的是发电机。
8．（2分）下列实例中，属于通过做功改变物体内能的是（ ）
A．搓手会发热 B．用冷水冷却热鸡蛋
C．晒太阳取暖 D．给热咖啡加冰降温
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：双手因摩擦而发热属于做功改变内能，故A正确；用冷水冷却热鸡蛋、晒太阳取暖、给热咖啡加冰降温都是通过热传递改变了物体的内能，故BCD错误。
故选：A。
【点评】此题查学生对基本概念和基本规律的识记能力，做对题的前提是熟记这些知识点，并灵活运用。
9．（2分）下列数据中，最符合实际的是（ ）
A．人的正常体温约为42℃
B．人的正常步行速度约为1m/s
C．一层普通教室的高度约为10 m
D．一个鸡蛋的重力约为2N
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合实际；
B、人正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1m/s左右。故B符合实际；
C、三层楼的高度在10m左右，一层普通教室的高度在3m左右。故C不符合实际；
D、一个鸡蛋的质量在50g＝0.05kg左右，受到的重力为G＝mg＝0.05kg×10N/kg＝0.5N．故D不符合实际。
故选：B。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
10．（2分）如图的四幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，下列说法正确的是（ ）
A．“试弓定力”中弓的重力与秤砣的重力是一对平衡力
B．“赶稻及菽“中牛拉犁的力大于犁拉牛的力
C．“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上可加快纸中水分升华
D．“炒蒸油料”中在同一灶台上同时炒和蒸可提高能源利用率
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；
（2）相互作用力的条件是：作用在两个物体上，大小相等，方向相反；作用在同一直线上；
（3）物质由液态变成气态的过程称为汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式，这两种方式都是吸热的；
（4）有用的能源和总能源的比值为能源的利用率。
【解答】解：
A．“试弓定力”中弓的重力与秤砣的重力，方向都是竖直向下且作用在不同的物体上，所以不是一对平衡力，故A错误；
B．“赶稻及菽“中牛拉犁的力和犁拉牛的力是一对相互作用力，二力大小相等，故B错误；
C．“透火焙干”中把湿纸贴在热墙上可加快纸中水分的蒸发，故C错误；
D．“炒蒸油料”中在同一灶台上同时炒和蒸可提高能源的有用部分，从而提高能源利用率，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了平衡力的辨别以及相互作用力的特点、物态的变化、提高能源利用率的方法等，要注意一对平衡力和相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。
11．（2分）如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（ ）
物质 水 煤油 冰 铝 铜 比热容/（J?kg﹣1?℃﹣1） 4.2×103 2.1×103 2.1×l03 0.88×103 0.39×103 A．不同物质的比热容一定不同
B．物质的物态发生变化，比热容不变
C．质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多
D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水升高的温度更多
【分析】（1）比热容是物质本身的一种特性，与种类和状态有关，同种物质（状态不变）比热相同，不同物质比热一般不同；
（2）由Q＝cm△t可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多；
质量相同的不同物质，升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多。
【解答】解：
A、由表中数据可知，不同物质的比热容一般不同，但也有的物质比热容相同，如煤油和冰，故A错误；
B、水和冰是水的两种状态，分析表中数据可知，其比热容是不同的，说明比热容与物质状态有关，物质的物态发生变化，比热容也会发生变化，故B错误；
C、由表中数据可知，铝的比热容大于铜的比热容；质量相等的铝和铜升高相同的温度，因铝的比热容大，则根据Q＝cm△t可知铝吸收的热量更多，故C正确；
D、质量相等的水和煤油吸收相同的热量，因为水的比热容大，所以根据Q＝cm△t可知水升高的温度少，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行分析归纳的能力，比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析。
12．（2分）工人用如图的机械将物体匀速提升到某一高度，若物体的重力与滑轮的重力之比G物：G滑轮＝9：1，忽略绳重与摩擦的影响，则机械效率为（ ）
A．10% B．45% C．80% D．90%
【分析】忽略绳重与摩擦的影响，则克服动滑轮重力所做的功为额外功，机械效率η＝＝＝＝可求。
【解答】解：物体的重力与滑轮的重力之比G物：G轮＝9：1，G＝9G轮，
忽略绳重与摩擦的影响，则机械效率：
η＝＝＝＝＝＝90%。
故选：D。
【点评】本题考查了动滑轮机械效率，常见题目。
13．（2分）在相同温度下，关于导体的电阻，下列说法正确的是（ ）
A．铜线的电阻一定比铝线的小
B．长度相同粗细也相同的铜线和铝线电阻相等
C．长度相同的两根铜线，粗的那根电阻较大
D．粗细相同的两根铜线，长的那根电阻较大
【分析】温度相同的导体电阻由导体的材料、长度与横截面积决定，与导体两端电压和通过导体的电流无关。
【解答】解：
A、导体电阻与导体的材料、长度与横截面积有关，只知道导体的材料，不知道导体的长度和横截面积关系，无法确定铜线与铝线电阻的大小，故A错误。
B、长度相同、粗细也相同的铜线和铝线，由于材料不同，则电阻不相等，故B错误；
C、在材料、长度相同的情况下，导体越粗，横截面积越大，电阻越小，所以，长度相同的两根铜线，粗的那根电阻较小，故C错误；
D、在材料、横截面积相同的情况下，导体越长，导体电阻越大，所以，粗细相同的两根铜线，长的那根电阻较大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了影响导体电阻的因素，知道影响导体电阻的因素即可正确解题，本题是一道基础题。
14．（2分）如图，装有两种不同液体的烧杯置于水平面上，两液体没有混合。上层液体的高度为
h，密度为0.8ρ；下层液体的高度为2h，密度为ρ．则液体对烧杯底部的压强为（ ）
A．2.4ρgh B．2.7 ρgh C．2.8 ρgh D．3 ρgh
【分析】对柱形容器来说，液体对容器底的压强是两种液体产生的压强之和，利用p＝ρgh分别求出两种液体的压强，最后求出它们的和。
【解答】解：上层液体所产生的压强：
p上＝ρ1gh1＝0.8ρgh；
下层液体所产生的压强：
p下＝ρ2gh2＝ρg×2h＝2ρgh；
因烧杯是柱形容器，则液体对烧杯底部的压强：
p底＝p上+p下＝0.8ρgh+2ρgh＝2.8ρgh。
故选：C。
【点评】此题考查液体压强公式的应用，关键是知道下层液体会对上层液体产生的压强大小不变向各个方向传递；另对于直壁容器中，容器内液体对容器底的压力等于液体的重力，所以也可以首先求出容器中液体的总重力，然后得出容器底部的压力，利用p＝求出液体对烧杯底部的压强。
15．（2分）踢毽子是一项有益的休育活动。如图，毽子某次被踢出后，竖直上升经过某一位置时，毽子的动能和重力势能分别为EK1和EP1下落经过同一位置时，毽子的动能和重力势能分别为EK2和EP2，则（ ）
A．EK2＞EK1 B．EK2＜EK1 C．EP2＞EP1 D．EP2＞EP1
【分析】动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与高度、质量有关；毽子在上升、下落的过程中，由于存在摩擦，机械能是不守恒的，据此分析。
【解答】解：毽子某次被踢出后，竖直上升经过某一位置时，毽子的动能和重力势能分别为EK1和EP1；下落经过同一位置时，毽子的动能和重力势能分别为EK2和EP2，由于此时的高度是相同的，质量也相同，故重力势能是相同的，即EP1＝EP2；
毽子在上升、下落的过程中，由于存在摩擦，机械能转化为内能，机械能减小，由于重力势能是相同的，则EK1＞EK2；故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了影响动能、势能大小的因素，属于基础知识。
16．（2分）如图电路，电源电压恒定，R1＝12ΩR2＝6ΩR3是定值电阻。闭合开关S1，单刀双掷开关S2接a时电流表的示数为0.6A，接b时电流表的示数可能为（ ）
A．0.3 A B．0.6 A C．0.9 A D．1.2 A
【分析】由电路图可知，闭合开关S1，单刀双掷开关S2接a时，R1与R3串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当闭合开关S1，单刀双掷开关S2接接b时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电流表的示数，然后结合R3＝0、R3→∞得出电流表示数的变化范围，然后得出答案。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S1，单刀双掷开关S2接a时，R1与R3串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I＝可得，电源的电压：
U＝Ia（R1+R3）＝0.6A×（12Ω+R3），
当闭合开关S1，单刀双掷开关S2接接b时，R2与R3串联，电流表测电路中的电流，
则电流表的示数：
Ib＝＝＝＝0.6A+，
当R3＝0时，Ib＝0.6A+＝1.2A，
当R3→∞时，Ib＝0.6A，
由R3是定值电阻可知，0.6A＜Ib＜1.2A，结合选项可知C符合。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出电流表示数的变化范围是关键。
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分．
17．（2分）2019年北京世界园艺博览会，百花绽放，鸟语花香。远处就能闻到花香是由于分子在不停地 无规则运动 ；游客坐在游览车上游览，以游览车为参照物，游客是 静止 的。
【分析】（1）分子在不停的做无规则运动；
（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。
【解答】解：人闻到花香是花香分子在空气中的扩散现象，是由分子的不规则运动引起的；
游客坐在游览车上游览，以游览车为参照物，游客相对于游览车的位置没有发生变化，所以游客是静止的。
故答案为：无规则运动；静止。
【点评】本题考查了分子的运动和运动与静止的相对性等知识，其中物体相对于参照物位置是否变化，是判断物体是否运动的依据。
18．（2分）如图是我国古代劳动人民在工地上运送巨木的情景。架在支架上的横杆属于 省力 杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂”）；支架下面垫有面积较大的石块，是为了 减小 对地面的压强（选填“增大”或“减小”）。
【分析】（1）杠杆根据省力情况可以分为三类：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；
（2）压强的大小与压力和受力面积有关，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强。
【解答】解：由图知，架在支架上的横杆在使用过程中，动力臂大于力臂，是省力杠杆；
支架下面垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强。
故答案为：省力；减小。
【点评】本题主要考查的是学生对杠杆的分类和特点以及对减小压强方法的理解和掌握，基础性题目。
19．（2分）一台标有“5V 2.5W”的带有USB接口的小电风扇，线圈电阻为1Ω，正常丁作1min，产生的热量是 15 Jo工作一段时间后的风扇叶片黏有不少灰尘，这属于 静电（摩擦起电） 现象。
【分析】（1）根据P＝UI和Q＝I2Rt求出线圈产生的热量；
（2）通过摩擦可以使物体带电，带电的物体能够吸引轻小物体。
【解答】解：工作时间t＝1min＝60s，
由P＝UI得，线圈中的电流：
I＝＝＝0.5A，
则线圈产生的热量：
Q＝I2Rt＝（0.5A）2×1Ω×60s＝15J。
风扇的叶片在转动过程中与空气摩擦带上了电荷，可以吸引轻小物体，所以灰尘会附着在扇叶上，这属于静电（摩擦起电）现象。
故答案为：15；静电（摩擦起电）。
【点评】本题考查了电功率公式、焦耳定律及静电现象等知识，注意电动机不是纯电阻电路，切记不能应用欧姆定律计算电流，产生的热量小于消耗的电能，即Q＜W。
20．（2分）如图电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a端向b端移动过程中，示数减小的电表是 V1 （选填“A”“V1”或“V2”电路的总功率 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中两端的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R1两端的电压变化，然后判断出示数减小的电表，利用P＝UI判断电路总功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
将滑动变阻器的滑片P从a端向b端移动过程中，R1接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
由U＝IR可知，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，
综上可知，示数减小的电表是V1；
电源电压不变，电路中的电流变大，由P＝UI可知，电路的总功率增大。
故答案为：V1；增大。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
21．（1分）如图，气球下面用细线悬挂一石块，它们恰好悬浮在水中。已知石块与气球的总重力为G总，则气球受到的浮力F浮 ＜ G总（选填“＞”“＜”或“＝”）；若水温升高，石块将 上浮 （选填“上浮”“下沉”或“保持悬浮”）。
【分析】（1）知道石块与气球悬浮，根据物体的浮沉条件求试管受到的浮力；
（2）水温升高时水的膨胀可以忽略不计，管内封住空气的体积膨胀较大，排开水的体积变大，利用阿基米德原理和物体的浮沉条件分析判断。
【解答】解：（1）气球下面用细线悬挂一石块，它们恰好悬浮在水中。
则F浮气球+F浮石块＝G总，
所以则气球受到的浮力F浮气球＜G总；
（2）水温升高时，气球内空气的体积变大，排开水的体积变大，
由F浮＝ρ水V排g，
气球受到的浮力将变大；
石块受到的重力不变，
此时气球和石块受到的浮力大于自重，石块将上浮。
故答案为：＜；上浮。
【点评】本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理，分析时忽略所封空气的质量、知道所封空气的热胀冷缩是本题的突破口。
22．（2分）如图为某种灯泡的电流I与电压U的关系图象。若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上，通过灯泡的电流为 0.2 A；若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上，总电流为1.5A，则该电阻的阻值为 6Ω 。
【分析】（1）若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出每只灯泡两端的电压，根据图象读出通过灯泡的电流；
（2）若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上时它们两端的电压相等，根据图象读出通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电阻的电流，再根据欧姆定律求出该电阻的阻值。
【解答】解：（1）若有6只这种灯泡串联接在电压为6V的电源上时，
因灯泡的电阻相等且通过的电流相等，
所以，由I＝的变形式U＝IR可知，每只灯泡两端的电压相等，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，每只灯泡两端的电压U＝1V，
由图象可知，通过灯泡的电流为0.2A；
（2）若把一只这种灯泡与一电阻并联接在电压为6V的电源上时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由图象可知，通过灯泡的电流IL＝0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过电阻的电流：
IR＝I﹣IL＝1.5A﹣0.5A＝1A，
则该电阻的阻值：
R＝＝＝6Ω。
故答案为：0.2；6。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
三、作图题：本题共2小题，每小题2分，共4分．
23．（2分）如图，悬挂在天花板下的电灯处于静止状态。画出电灯的受力示意图。
【分析】电灯处于静止状态，因为受到重力和拉力的作用，这两个力是一对平衡力，根据力的示意图的定义，将电灯所受重力、拉力的方向、作用点表示出来即可。
【解答】解：悬挂在天花板下的电灯处于静止状态，受到重力和绳子对它的拉力作用，且是一对平衡力。
电灯受到的重力方向竖直向下，作用点在重心上，拉力方向沿绳子向上，作用点也画在电灯重心上，拉力与重力大小相等，故画出电灯所受重力和拉力的示意图如图：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24．（2分）如图是部分照明电路。用笔画线代替导线，将开关和电灯接入照明电路。
【分析】火线首先过开关才能进灯泡顶端的金属点，零线直接进灯泡的螺丝口。
【解答】解：火线首先过开关才能进灯泡顶端的金属点，零线直接进灯泡的螺丝口，这样在开关断开时，能切断火线，保证此时灯泡不带电。
【点评】零线首先过开关才能进灯泡顶端的金属点，火线直接进灯泡的螺丝口，这样连接开关也能控制灯泡，但是在更换灯泡时，断开开关，不能切断火线，是很危险的。
四、简答题：本题共1小题，共4分．
25．（4分）蒸粽子时将碗倒扣在盛有适量水的锅中当支架，把装有粽子的盘子放在上方，如图甲。蒸好后打开锅盖，看到锅盖内表面有许多小水珠。熄火一会儿，发现锅中的水被“吸入”碗内，如图乙。
（1）锅盖内表而为什么有许多小水珠？
（2）锅中的水为什么会被“吸入”碗内？
【分析】（1）物体由气态变为液态的过程叫液化；
（2）温度降低，压强减小。
【解答】答：（1）锅中的水蒸气遇到温度相对较低的锅盖，放出热量，液化成小水珠；
（2）熄火后，碗中的气体压强减小，在外界大气压的作用下，锅中的水被“吸入”碗内。
【点评】本题考查液化现象，以及气压与温度的关系，难度不大。
五、实验题：本题共5小题，共28分．
26．（6分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）需要将凸透镜、蜡烛和光屏安装在光具座上，置于中间位置的应是 凸透镜 o
（2）调节好装置，将蜡烛放在2倍焦距之外时，光屏上能成 缩小 （选填“放大”或“缩小”）、倒立的 实 像（选填“实”或“虚”）。生活中常用的 照相机 是利用这一成像规律制作的。
（3）将蜡烛移至1倍焦距与2倍焦距之间某处，光屏上成清晰的像。若烛焰中心下降lcm，光屏上的像会
向上 移动（选填“向上”或“向下“），移动的距离 大于 1cm（选填“大于”“小于“或“等于”）。
【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，在光具座上依次放置蜡烛、凸透镜和光屏。
（2）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f。
（3）解决此题要知道凸透镜的成像规律f＜u＜2f，成倒立、放大的实像；根据凸透镜规律成的实像，都是倒立的来确定像的移动方向。
【解答】解：（1）探究凸透镜成像特点时，在光具座上从左到右或从右到左依次放置蜡烛、凸透镜、光屏。
（3）调节好装置，将蜡烛放在2倍焦距之外时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，生活中常用的照相机是利用这一成像规律制作的。。
（3）将蜡烛移至1倍焦距与2倍焦距之间某处，光屏上成清晰的像，f＜u＜2f，成倒立、放大的实像；若烛焰中心下降lcm，光屏上的像会向上移动，移动的距离大于1cm。
故答案为：（1）凸透镜；（2）缩小；实；照相机；（3）向上； 大于。
【点评】此题主要考查了有关凸透镜成像的运用，熟练掌握凸透镜成像的三种情况，在凸透镜成像习题中有广泛的应用，要熟练掌握。
27．（5分）如图甲是“探究海波熔化时温度的变化规律”的实验装置°
（1）如图乙温度计的示数为 46 ℃。
（2）如图丙是根据实验数据描绘出的海波温度随时间变化的图象。海波熔化过程对应图线中的 BC 段（选填“AB”或“BC”）其熔点为 48 ℃．熔化过程中海波吸收的热量 大于 放出的热虽（选填“大于”“小于“或“等于”）。
（3）用质量为m1的海波做实验，绘制的海波的温度随时间变化的图线如图丁中的a。若用质量为m2（m2＞m1）的海波做实验，得到的图线可能是图丁中的 c （选填“b”“c”或“d”）。
【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；
（2）晶体熔化时不断吸收热量温度保持不变；晶体在熔化过程中处于固液共存状态。熔化过程中海波吸收的热量大于放出的热量；
（3）同种物质熔点不变，据此分析。
【解答】解：由图可知，
（1）由图乙知：温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，温度计示数为46℃；
（2）如丙图，海波在BC段吸收热量，温度保持不变，所以BC段海波处于熔化过程。其熔点为48℃．熔化过程中海波吸收的热量用来熔化，故大于放出的热量；
（3）由题可知，其他条件不变，仅将海波的质量增加，海波的熔点是不变的，但是b、d表示熔点都变了，所以bd错误，c正确。
故答案为：（1）46；（2）BC；48；大于；（3）c。
【点评】本题考查结合图象分析海波熔化的特点，会看图象，横坐标代表时间，纵坐标代表温度还要明确每一个小格各代表多少，考查学生的分析归纳能力。
28．（5分）如图，“验证阿基米德原理”的实验步骤如下：
①用弹簧测力计测出物体所受的重力G（图甲）；
②将物体浸没在水面恰好与溢口相平的溢水杯中，用空的小桶接从溢水杯里被物体排开的水，读出这时测力计的示数F（图乙）；
③测出接水后小桶与水所受的总重力G1（图丙）；
④将小桶中的水倒出，测岀小桶所受的重力G2（图丁）；
⑤分别计算出物体受到的浮力和排开的水所受的重力，并比较它们的大小是否相同。
回答下列问题：
（1）物体浸没在水中，受到水的浮力F浮＝ G﹣F ，被排开的水所受的重力G排＝ G1﹣G2 。（用上述测得量的符号表示）
（2）指出本实验产生误差的原因（写出两点）：
（a） 测力计的精度不够，测量时测力计未保持静止等 ；
（b） 小桶中的水未倒净，排开的水未全部流入小桶等 。
（3）物体没有完全浸没在水中， 能 （选填“能”或“不能”）用实验验证阿基米德原理。
【分析】（1）根据称重法测浮力得出物体浸没在水中受到水的浮力；被排开的水所受的重力：G排＝G1﹣G2；
（2）实验产生误差的原因：
（a）从测力计测量的角度分析；
（b）从小桶中的水未倒净，排开的水未全部流入小桶等分析；
（3）若物体没有完全浸没在水中，按照上面的方法，仍能用实验验证阿基米德原理。
【解答】解：
（1）根据称重法测浮力：物体浸没在水中，受到水的浮力：
F浮＝G﹣F；
被排开的水所受的重力：
G排＝G1﹣G2；
（2）实验产生误差的原因：
（a）测力计的精度不够，测量时测力计未保持静止等；
（b）小桶中的水未倒净，排开的水未全部流入小桶等。
（3）物体没有完全浸没在水中，按照上面的方法，能用实验验证阿基米德原理。
故答案为：（1）G﹣F；G1﹣G2；
（2）（a）测力计的精度不够，测量时测力计未保持静止等；（b）小桶中的水未倒净，排开的水未全部流入小桶等；
（3）能。
【点评】本题验证阿基米德原理，考查实验过程和误差分析，要掌握。
29．（4分）如图是“测量滑动摩擦力大小”的实验装置示意图。
（1）如图甲中，将木板固定水平拉动木块，木块受到的滑动摩擦力与其受到的水平拉力 不一定 大小相等；图乙中，水平拉动木板，待测力计示数稳定后，木块受到的滑动摩擦力与其受到的水平拉力 一定 大小相等。（选填“一定”或“不一定“）
（2）如图丙中，水平拉动木板，待测力计示数稳定后，测力计A的示数为4.0N，测力计B的示数为2.5N，木块受到的滑动摩擦力大小为 2.5 N．若增大拉力，当A的示数为4.8N时，B的示数为 2.5 N。
【分析】（1）实验中，摩擦力的大小是通过读取弹簧测力计的拉力得出的，这是依据了二力平衡的原理。在乙方案中，要保证摩擦力等于拉力，就必须匀速拉动木块，在实际操作中，很难保证匀速。而甲方案中，无论长木板是否做匀速直线运动，木块始终处于静止状态，摩擦力始终等于拉力。
（2）根据二力平衡分析；物体在非平衡力的作用下做变速运动，根据影响滑动摩擦力大小两下因素不变分析。
【解答】解：（1）摩擦力的大小是通过读取弹簧测力计的拉力得出的，这是依据了二力平衡的原理，因此，图甲要保持物体做匀速直线运动才行。图甲在拉动木块时，很难让木块保持匀速直线运动状态，会导致弹簧测力计的示数不稳定；图甲与图乙的最大不同就是一个拉弹簧测力计，一个拉木板，同是做相对运动，但可以看出，图乙当拉动长木板运动的过程中，无论长木板是否做匀速直线运动，木块始终处于静止状态，根据二力平衡的条件知弹簧测力计的示数一定等于摩擦力的大小。
（2）如图丙所示，弹簧测力计B的示数为2.5N，根据二力平衡，则木块受到的摩擦力大小为2.5N．若拉力增大到4.8N，木板将做加速运动，因压力和接触面粗糙程度不变，故木块受到的摩擦力将不变，还是2.5N；
故答案为：（1）不一定；一定；（2）2.5；2.5。
【点评】本题考查了摩擦力的测量及实验方法的评估，对于实验类试题一定要从实验的操作、过程、方法考虑解题，是今后中考实验的重点和热点，体现了新课标中注重实验探究过程的要求。
30．（8分）现要测量电阻RX的阻值，提供的实验器材有：待测电阻Rx（约5Ω）、两节干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及导线若干°
（1）用笔画线代替导线，将图1中的实物图连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向接线柱D移动时接入电路的阻值变小。
（2）正确连线后，闭合开关，移动滑片P，电流表示数几乎为零，电压表示数接近电源电压且几乎不变。若电路中只有一处故障，可判断该故障是 Rx断路 。
（3）排除故障继续实验，某次测量，电流表的示数为0.50A，电压表的示数如图2，该示数为 2.6 V，则Rx＝ 5.2 Ω。
（4）某同学利用电源（电压未知）、电阻箱（0﹣999.9Ω）和电流表（指针能正常偏转，但刻度盘示数模糊不清）等器材，测电阻Rx的阻值，设计的电路如图3．完成下列实验步骤：
①正确连接电路，断开S1、S2，将电阻箱R阻值调至最大；
② 闭合S1，标记电流表指针所指的位置 ；
③ 断开S1，闭合S2，调节电阻箱，使电流表指针指在标记的位置，记下电阻箱阻值R0； ；
④电阻Rx＝ R0 。（用测得量的符号表示）
【分析】（1）根据电源电压为3V，待测电阻Rx（约5Ω），由欧姆定律求出电路的最大电流确定电流表选用小量程串联在电路中；根据滑动变阻器的滑片P向接线柱D移动时接入电路的阻值变小确定变阻器右下接线柱连入电路中；
（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）根据电压表选用小量确定分度值读数，由欧姆定律求出电阻大小；
（4）根据等效替代分析回答。
【解答】解：（1）电源电压为3V，待测电阻Rx（约5Ω）、由欧姆定律，电路的最大电流约为：
I＝＝＝0.6A；电流表选用小量程串联在电路中，滑动变阻器的滑片P向接线柱D移动时接入电路的阻值变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：
（2）正确连线后，闭合开关，移动滑片P，电流表示数几乎为零，电压表示数接近电源电压且几乎不变。若电路中只有一处故障，可判断该故障是电阻断路；
（3）排除故障继续实验，某次测量，电流表的示数为0.50A，电压表的示数如图2，电压表选用小量程，分度值为0.1V，该示数为2.6V，由欧姆定律，则Rx＝＝＝5.2Ω。
（4）①正确连接电路，断开S1、S2，将电阻箱R阻值调至最大；
②闭合S1，标记电流表指针所指的位置；
③断开S1，闭合S2，调节电阻箱，使电流表指针指在标记的位置，记下电阻箱阻值R0；
④根据等效替代法，电阻Rx＝R0。
故答案为：（1）如上所示；
（2）Rx断路；
（3）2.6；5.2；
（4）②闭合S1，标记电流表指针所指的位置；
③断开S1，闭合S2，调节电阻箱，使电流表指针指在标记的位置，记下电阻箱阻值R0；
④R0。
【点评】本题测量电阻RX的阻值，考查电路连接、故障分析、电流表读数、电阻计算和等效法测电阻方案的设计。
六、计算题：本题共3小题，共20分．
31．（6分）“国之润，自疏浚始”。新一代国之重器“天鲲号”绞吸挖泥船在河道清淤、湖泊疏浚、吹填造陆等方面发挥着重大作用。
（1）“天鲲号”以功率P1＝6600kW进行绞吸，同时以功率P2＝13400kW向远处输送岩石泥沙，工作时间t＝10min，共做功多少焦？
（2）“天鲲号”绞刀的工作原理与家用破壁机相似。某破壁机的额定电压U＝220V，额定电流I＝10A．“天鲲号”绞刀以功率P1＝6600kW工作，相当于多少台这种破壁机正常工作消耗的总功率？
【分析】（1）根据题意求出总功率，根据W＝Pt求出做的功；
（2）根据P＝UI求出破壁机的功率，再根据题意求出台数。
【解答】解：
（1）“天鲲号”工作时的总功率：
P＝P1+P2＝6600kW+13400kW＝20000kW＝2×l07W，
工作时间t＝10min，所做的总功：
W＝Pt＝2×l07W×10×60s＝1.2×l010J；
（2）每台破壁机的功率：
P0＝UI＝220V×l0A＝2200W，
“天鲲号”绞刀以功率P1＝6600kW工作，相当于破壁机正常工作的台数：
n＝＝＝3000（台）。
答：（1）共做功1.2×l010J；
（2）相当于3000台这种破壁机正常工作消耗的总功率。
【点评】此题主要考查的是学生对功、电功率计算公式的理解和掌握，难度不是很大。
32．（6分）空气质量指数是环境监测的重要指标，下表的空气质量等级是按照空气质量指数A划分的。某兴趣小组自制的空气质量监测仪，用电压表显示空气质量指数，工作原理电路图如图。已知电源电压U＝18V，电压表量程为0～15V，定值电阻R0的阻值为100Ω，气敏电阻阻值R与A的关系为R＝×103Ω
空气质量指数A 0?50 51?100 101?150 151?200 201?300 ＞300 空气质量等级 优 良 轻度污染 中度污染 重度污染 严重污染 （1）通过计算，判断电压表示数为10V时对应的空气质量等级。
（2）更换定值电阻R0可改变监测仪的测量范围，若要使电压表满偏时对应的空气质量指数A＝400，则更换
后的定值电阻R′0的阻值应为多大？
【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压。
（1）当电压表示数为10V时，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，利用欧姆定律求出气敏电阻阻值，然后得出A的值，与表格数据相比较得出对应的空气质量等级；
（2）根据气敏电阻阻值R与A的关系求出空气质量指数A＝400时气敏电阻阻值，此时电压表的示数最大，根据串联电路的电压特点求出气敏电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，最后根据欧姆定律求出更换后的定值电阻的阻值。
【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压。
（1）因串联电路中各处的电流相等，
所以，当电压表示数为10V时，电路中的电流：
I＝＝＝0.1A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，气敏电阻R两端的电压：
UR＝U﹣U0＝18V﹣10V＝8V，
则此时气敏电阻的阻值：
R＝＝＝80Ω，
此时的空气质量指数：A＝×103Ω＝75，
由51＜75＜100可知，此时空气质量等级为良；
（2）空气质量指数A＝400时，气敏电阻的阻值：
R′＝×103Ω＝15Ω，
由题意可知，此时电压表的示数U0′＝15V，则气敏电阻两端的电压：
UR′＝U﹣U0′＝18V﹣15V＝3V，
此时电路中的电流：
I′＝＝＝0.2A，
则更换后的定值电阻的阻值：
R0′＝＝＝75Ω。
答：（1）电压表示数为10V时对应的空气质量等级为良；
（2）更换后的定值电阻的阻值应为75Ω。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从表格中获取有用的信息是关键。
33．（8分）将平底薄壁直圆筒状的空杯，放在饮料机的水平杯座上接饮料。杯座受到的压力F随杯中饮料的高度h变化的图象如图o饮料出口的横截面积S1＝0.8cm2，饮料流出的速度v＝50cm/s，杯高H＝10cm，杯底面积S2＝30cm2，g取10N/kgo
（1）装满饮料时，杯底受到饮料的压力为多大？
（2）饮料的密度为多大？
（3）设杯底与杯座的接触面积也为S2，饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为多大？
【分析】（1）分析杯座受到的压力F随杯中饮料的高度h变化的图象，可得出空杯对杯座的压力及饮料对杯座的压力；
（2）根据密度的计算公式ρ＝计算饮料的密度；
（3）先根据m＝ρV计算出流 入杯中饮料的质量，再算出饮料对杯底的压力及压强。
【解答】解：
（1）由图可知空杯对杯座的压力：F0＝0.9N；
装满饮料时，杯对杯座的压力：F1＝4.5N；
因杯子为平底薄壁直圆筒状，
所以杯底受到饮料的压力：F＝F1﹣F0＝4.5N﹣0.9N＝3.6N。
（2）饮料的质量：m＝＝＝＝0.36kg；
杯中饮料的体积：V＝S2H＝30cm2×10cm＝300cm3＝3×10﹣4 m3；
则饮料的密度：ρ＝＝＝1.2×103kg/m3；
（3）饮料持续流入空杯5s，则流入杯中饮料的质量：
m1＝ρS1vt＝1.2×103kg/m3×0.8×10﹣4 m2×0.5m/s×5s＝0.24kg；
此时饮料对杯底的压力：F2＝m1g＝0.24kg×10N/kg＝2.4N，
此时杯对杯座的压强：p＝＝＝1.1×103Pa。
答：（1）装满饮料时，杯底受到饮料的压力为3.6N；
（2）饮料的密度为1.2×103kg/m3；
（3）设杯底与杯座的接触面积也为S2，饮料持续流入空杯5s后关闭开关，杯对杯座的压强为1.1×103Pa。
【点评】本题考查了密度、质量、重力、液体压强公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算。
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