2014年陕西省高考数学试卷（文科）
一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分）
1．（5分）设集合M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}，则M∩N=（ ）
A．[0，1] B．（0，1） C．（0，1] D．[0，1）
2．（5分）函数f（x）=cos（2x+）的最小正周期是（ ）
A． B．π C．2π D．4π
3．（5分）已知复数z=2﹣i，则z?的值为（ ）
A．5 B． C．3 D．
4．（5分）根据如图所示的框图，对大于2的整数N，输出的数列的通项公式是（ ）
A．an=2n B．an=2（n﹣1） C．an=2n D．an=2n﹣1
5．（5分）将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是（ ）
A．4π B．3π C．2π D．π
6．（5分）从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为（ ）
A． B． C． D．
7．（5分）下列函数中，满足“f（x+y）=f（x）f（y）”的单调递增函数是（ ）
A．f（x）=x3 B．f（x）=3x C．f（x）=x D．f（x）=（）x
8．（5分）原命题为“若＜an，n∈N+，则{an}为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ）
A．真、真、真 B．假、假、真 C．真、真、假 D．假、假、假
9．（5分）某公司10位员工的月工资（单位：元）为x1，x2，…，x10，其均值和方差分别为和s2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ）
A．，s2+1002 B．+100，s2+1002
C．，s2 D．+100，s2
10．（5分）如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为（ ）
A．y=x3﹣x2﹣x B．y=x3+x2﹣3x
C．y=x3﹣x D．y=x3+x2﹣2x
二、填空题（共4小题，每小题5分，共25分）
11．（5分）抛物线y2=4x的准线方程是 ．
12．（5分）已知4a=2，lgx=a，则x= ．
13．（5分）设0＜θ＜，向量=（sin2θ，cosθ），=（1，﹣cosθ），若?=0，则tanθ= ．
14．（5分）已知f（x）=，x≥0，若f1（x）=f（x），fn+1（x）=f（fn（x）），n∈N+，则f2014（x）的表达式为 ．
选考题（请在15-17三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）不等式选做题
15．（5分）设a，b，m，n∈R，且a2+b2=5，ma+nb=5，则的最小值为 ．
几何证明选做题
16．如图，△ABC中，BC=6，以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，若AC=2AE，则EF= ．
坐标系与参数方程选做题
17．在极坐标系中，点（2，）到直线的距离是 ．
三、解答题（共6小题，共75分）
18．（12分）△ABC的内角A、B、C所对的边分别为a，b，c．
（Ⅰ）若a，b，c成等差数列，证明：sinA+sinC=2sin（A+C）；
（Ⅱ）若a，b，c成等比数列，且c=2a，求cosB的值．
19．（12分）四面体ABCD及其三视图如图所示，平行于棱AD，BC的平面分别交四面体的棱AB、BD、DC、CA于点E、F、G、H．
（Ⅰ）求四面体ABCD的体积；
（Ⅱ）证明：四边形EFGH是矩形．
20．（12分）在直角坐标系xOy中，已知点A（1，1），B（2，3），C（3，2），点P（x，y）在△ABC三边围成的区域（含边界）上，且=m+n（m，n∈R）
（Ⅰ）若m=n=，求||；
（Ⅱ）用x，y表示m﹣n，并求m﹣n的最大值．
21．（12分）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：
赔付金额（元） 0 1000 2000 3000 4000 车辆数（辆） 500 130 100 150 120 （Ⅰ）若每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；
（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率．
22．（13分）已知椭圆+=1（a＞b＞0）经过点（0，），离心率为，左右焦点分别为F1（﹣c，0），F2（c，0）．
（Ⅰ）求椭圆的方程；
（Ⅱ）若直线l：y=﹣x+m与椭圆交于A、B两点，与以F1F2为直径的圆交于C、D两点，且满足=，求直线l的方程．
23．（14分）设函数f（x）=lnx+，m∈R．
（Ⅰ）当m=e（e为自然对数的底数）时，求f（x）的极小值；
（Ⅱ）讨论函数g（x）=f′（x）﹣零点的个数；
（Ⅲ）若对任意b＞a＞0，＜1恒成立，求m的取值范围．
2014年陕西省高考数学试卷（文科）
参考答案与试题解析
一、选择题（共10小题，每小题5分，共50分）
1．（5分）设集合M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}，则M∩N=（ ）
A．[0，1] B．（0，1） C．（0，1] D．[0，1）
【分析】先解出集合N，再求两集合的交即可得出正确选项．
【解答】解：∵M={x|x≥0，x∈R}，N={x|x2＜1，x∈R}={x|﹣1＜x＜1，x∈R}，
∴M∩N=[0，1）．
故选：D．
【点评】本题考查交的运算，理解好交的定义是解答的关键．
2．（5分）函数f（x）=cos（2x+）的最小正周期是（ ）
A． B．π C．2π D．4π
【分析】由题意得ω=2，再代入复合三角函数的周期公式求解．
【解答】解：根据复合三角函数的周期公式得，
函数f（x）=cos（2x+）的最小正周期是π，
故选：B．
【点评】本题考查了三角函数的周期性，以及复合三角函数的周期公式应用，属于基础题．
3．（5分）已知复数z=2﹣i，则z?的值为（ ）
A．5 B． C．3 D．
【分析】由z求出，然后直接利用复数代数形式的乘法运算求解．
【解答】解：由z=2﹣i，得z?=（2﹣i）（2+i）=4﹣i2=5．
故选：A．
【点评】本题考查了复数代数形式的乘法运算，是基础的计算题．
4．（5分）根据如图所示的框图，对大于2的整数N，输出的数列的通项公式是（ ）
A．an=2n B．an=2（n﹣1） C．an=2n D．an=2n﹣1
【分析】根据框图的流程判断递推关系式，根据递推关系式与首项求出数列的通项公式．
【解答】解：由程序框图知：ai+1=2ai，a1=2，
∴数列为公比为2的等比数列，∴an=2n．
故选：C．
【点评】本题考查了直到型循环结构的程序框图，根据框图的流程判断递推关系式是解答本题的关键．
5．（5分）将边长为1的正方形以其一边所在直线为旋转轴旋转一周，所得几何体的侧面积是（ ）
A．4π B．3π C．2π D．π
【分析】边长为1的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，得到的几何体为圆柱，从而可求圆柱的侧面积．
【解答】解：边长为1的正方形，绕其一边所在直线旋转一周，得到的几何体为圆柱，
则所得几何体的侧面积为：1×2π×1=2π，
故选：C．
【点评】本题是基础题，考查旋转体的侧面积的求法，考查计算能力．
6．（5分）从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，则这2个点的距离小于该正方形边长的概率为（ ）
A． B． C． D．
【分析】设正方形边长为1，则从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，共有10条线段，4条长度为1，4条长度为，两条长度为，即可得出结论．
【解答】解：设正方形边长为1，则从正方形四个顶点及其中心这5个点中任取2个点，共有10条线段，4条长度为1，4条长度为，两条长度为，
∴所求概率为=．
故选：B．
【点评】本题考查概率的计算，列举基本事件是关键．
7．（5分）下列函数中，满足“f（x+y）=f（x）f（y）”的单调递增函数是（ ）
A．f（x）=x3 B．f（x）=3x C．f（x）=x D．f（x）=（）x
【分析】对选项一一加以判断，先判断是否满足f（x+y）=f（x）f（y），然后考虑函数的单调性，即可得到答案．
【解答】解：A．f（x）=x3，f（y）=y3，f（x+y）=（x+y）3，不满足f（x+y）=f（x）f（y），故A错；
B．f（x）=3x，f（y）=3y，f（x+y）=3x+y，满足f（x+y）=f（x）f（y），且f（x）在R上是单调增函数，故B正确；
C．f（x）=，f（y）=，f（x+y）=，不满足f（x+y）=f（x）f（y），故C错；
D．f（x）=，f（y）=，f（x+y）=，满足f（x+y）=f（x）f（y），但f（x）在R上是单调减函数，故D错．
故选：B．
【点评】本题主要考查抽象函数的具体模型，同时考查幂函数和指数函数的单调性，是一道基础题．
8．（5分）原命题为“若＜an，n∈N+，则{an}为递减数列”，关于其逆命题，否命题，逆否命题真假性的判断依次如下，正确的是（ ）
A．真、真、真 B．假、假、真 C．真、真、假 D．假、假、假
【分析】先根据递减数列的定义判定命题的真假，再判断否命题的真假，根据命题与其逆否命题同真性及四种命题的关系判断逆命题与逆否命题的真假．
【解答】解：∵＜an=?an+1＜an，n∈N+，∴{an}为递减数列，命题是真命题；
其否命题是：若≥an，n∈N+，则{an}不是递减数列，是真命题；
又命题与其逆否命题同真同假，命题的否命题与逆命题是互为逆否命题，
∴命题的逆命题，逆否命题都是真命题．
故选：A．
【点评】本题考查了四种命题的定义及真假关系，判断命题的真假及熟练掌握四种命题的真假关系是解题的关键．
9．（5分）某公司10位员工的月工资（单位：元）为x1，x2，…，x10，其均值和方差分别为和s2，若从下月起每位员工的月工资增加100元，则这10位员工下月工资的均值和方差分别为（ ）
A．，s2+1002 B．+100，s2+1002
C．，s2 D．+100，s2
【分析】根据变量之间均值和方差的关系和定义，直接代入即可得到结论．
【解答】解：由题意知yi=xi+100，
则=（x1+x2+…+x10+100×10）=（x1+x2+…+x10）=+100，
方差s2=[（x1+100﹣（+100）2+（x2+100﹣（+100）2+…+（x10+100﹣（+100）2]=[（x1﹣）2+（x2﹣）2+…+（x10﹣）2]=s2．
故选：D．
【点评】本题主要考查样本数据的均值和方差之间的关系，利用均值和方差的定义是解决本题的关键，要求熟练掌握相应的计算公式．
10．（5分）如图，修建一条公路需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切），已知环湖弯曲路段为某三次函数图象的一部分，则该函数的解析式为（ ）
A．y=x3﹣x2﹣x B．y=x3+x2﹣3x
C．y=x3﹣x D．y=x3+x2﹣2x
【分析】由题设，“需要一段环湖弯曲路段与两条直道平滑连接（相切）“可得出此两点处的切线正是两条直道所在直线，由此规律验证四个选项即可得出答案．
【解答】解：由函数图象知，此三次函数在（0，0）上处与直线y=﹣x相切，在（2，0）点处与y=3x﹣6相切，下研究四个选项中函数在两点处的切线．
A、，将0，2代入，解得此时切线的斜率分别是﹣1，3，符合题意，故A正确；
B、，将0代入，此时导数为﹣3，不为﹣1，故B错误；
C、，将2代入，此时导数为﹣1，与点（2，0）处切线斜率为3矛盾，故C错误；
D、，将0代入，此时导数为﹣2，与点（0，0）处切线斜率为﹣1矛盾，故D错误．
故选：A．
【点评】本题考查导数的几何意义在实际问题中的应用，导数的几何意义是导数主要应用之一．
二、填空题（共4小题，每小题5分，共25分）
11．（5分）抛物线y2=4x的准线方程是 x=﹣1 ．
【分析】先根据抛物线的标准方程形式求出p，再根据开口方向，写出其准线方程．
【解答】解：∵2p=4，
∴p=2，开口向右，
∴准线方程是x=﹣1．
故答案为x=﹣1．
【点评】根据抛物线的方程求其焦点坐标和准线方程，一定要先化为标准形式，求出的值，再确定开口方向，否则，极易出现错误．
12．（5分）已知4a=2，lgx=a，则x= ．
【分析】化指数式为对数式求得a，代入lgx=a后由对数的运算性质求得x的值．
【解答】解：由4a=2，得，
再由lgx=a=，
得x=．
故答案为：．
【点评】本题考查了指数式与对数式的互化，考查了对数的运算性质，是基础题．
13．（5分）设0＜θ＜，向量=（sin2θ，cosθ），=（1，﹣cosθ），若?=0，则tanθ= ．
【分析】由条件利用两个向量的数量积公式求得 2sinθcosθ﹣cos2θ=0，再利用同角三角函数的基本关系求得tanθ
【解答】解：∵=sin2θ﹣cos2θ=2sinθcosθ﹣cos2θ=0，0＜θ＜，
∴2sinθ﹣cosθ=0，∴tanθ=，
故答案为：．
【点评】本题主要考查两个向量的数量积公式，同角三角函数的基本关系，属于基础题．
14．（5分）已知f（x）=，x≥0，若f1（x）=f（x），fn+1（x）=f（fn（x）），n∈N+，则f2014（x）的表达式为 ．
【分析】由题意，可先求出f1（x），f2（x），f3（x）…，归纳出fn（x）的表达式，即可得出f2014（x）的表达式
【解答】解：由题意．
．
．
…
故f2014（x）=
故答案为：
【点评】本题考查逻辑推理中归纳推理，由特殊到一般进行归纳得出结论是此类推理方法的重要特征．
选考题（请在15-17三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）不等式选做题
15．（5分）设a，b，m，n∈R，且a2+b2=5，ma+nb=5，则的最小值为 ．
【分析】根据柯西不等式（a2+b2）（c2+d2）≥（ac+bd）2当且仅当ad=bc取等号，问题即可解决．
【解答】解：由柯西不等式得，
（ma+nb）2≤（m2+n2）（a2+b2）
∵a2+b2=5，ma+nb=5，
∴（m2+n2）≥5
∴的最小值为
故答案为：
【点评】本题主要考查了柯西不等式，解题关键在于清楚等号成立的条件，属于中档题．
几何证明选做题
16．如图，△ABC中，BC=6，以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，若AC=2AE，则EF= 3 ．
【分析】证明△AEF∽△ACB，可得，即可得出结论．
【解答】解：由题意，∵以BC为直径的半圆分别交AB、AC于点E、F，
∴∠AEF=∠C，
∵∠EAF=∠CAB，
∴△AEF∽△ACB，
∴，
∵BC=6，AC=2AE，
∴EF=3．
故答案为：3．
【点评】本题考查三角形相似的判定与运用，考查学生的计算能力，属于基础题．
坐标系与参数方程选做题
17．在极坐标系中，点（2，）到直线的距离是 1 ．
【分析】把极坐标化为直角坐标，再利用点到直线的距离公式即可得出．
【解答】解：点P（2，）化为=，y=2=1，∴P．
直线展开化为：=1，化为直角坐标方程为：，即=0．
∴点P到直线的距离d==1．
故答案为：1．
【点评】本题考查了极坐标化为直角坐标的公式、点到直线的距离公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．
三、解答题（共6小题，共75分）
18．（12分）△ABC的内角A、B、C所对的边分别为a，b，c．
（Ⅰ）若a，b，c成等差数列，证明：sinA+sinC=2sin（A+C）；
（Ⅱ）若a，b，c成等比数列，且c=2a，求cosB的值．
【分析】（Ⅰ）由a，b，c成等差数列，利用等差数列的性质得到a+c=2b，再利用正弦定理及诱导公式变形即可得证；
（Ⅱ）由a，b，c成等比数列，利用等比数列的性质列出关系式，将c=2a代入表示出b，利用余弦定理表示出cosB，将三边长代入即可求出cosB的值．
【解答】解：（Ⅰ）∵a，b，c成等差数列，
∴a+c=2b，
由正弦定理得：sinA+sinC=2sinB，
∵sinB=sin[π﹣（A+C）]=sin（A+C），
则sinA+sinC=2sin（A+C）；
（Ⅱ）∵a，b，c成等比数列，
∴b2=ac，
将c=2a代入得：b2=2a2，即b=a，
∴由余弦定理得：cosB===．
【点评】此题考查了余弦定理，等差、等比数列的性质，熟练掌握余弦定理是解本题的关键．
19．（12分）四面体ABCD及其三视图如图所示，平行于棱AD，BC的平面分别交四面体的棱AB、BD、DC、CA于点E、F、G、H．
（Ⅰ）求四面体ABCD的体积；
（Ⅱ）证明：四边形EFGH是矩形．
【分析】（Ⅰ）证明AD⊥平面BDC，即可求四面体ABCD的体积；
（Ⅱ）证明四边形EFGH是平行四边形，EF⊥HG，即可证明四边形EFGH是矩形．
【解答】（Ⅰ）解：由题意，BD⊥DC，BD⊥AD，AD⊥DC，BD=DC=2，AD=1，
∴AD⊥平面BDC，
∴四面体ABCD的体积V==；
（Ⅱ）证明：∵BC∥平面EFGH，平面EFGH∩平面BDC=FG，平面EFGH∩平面ABC=EH，
∴BC∥FG，BC∥EH，
∴FG∥EH．
同理EF∥AD，HG∥AD，
∴EF∥HG，
∴四边形EFGH是平行四边形，
∵AD⊥平面BDC，
∴AD⊥BC，
∴EF⊥FG，
∴四边形EFGH是矩形．
【点评】本题考查线面垂直，考查线面平行性质的运用，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题．
20．（12分）在直角坐标系xOy中，已知点A（1，1），B（2，3），C（3，2），点P（x，y）在△ABC三边围成的区域（含边界）上，且=m+n（m，n∈R）
（Ⅰ）若m=n=，求||；
（Ⅱ）用x，y表示m﹣n，并求m﹣n的最大值．
【分析】（Ⅰ）由点的坐标求出向量和的坐标，结合m=n=，再由=m+n求得的坐标，然后由模的公式求模；
（Ⅱ）由=m+n得到，作差后得到m﹣n=y﹣x，令y﹣x=t，然后利用线性规划知识求得m﹣n的最大值．
【解答】解：（Ⅰ）∵A（1，1），B（2，3），C（3，2），
∴，
又m=n=，
∴．
∴；
（Ⅱ）∵，
∴，两式相减得，m﹣n=y﹣x．
令y﹣x=t，由图可知，
当直线y=x+t过点B（2，3）时，t取得最大值1，
故m﹣n的最大值为：1．
【点评】本题考查了平面向量的数乘及坐标加法运算，考查了简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题．
21．（12分）某保险公司利用简单随机抽样方法，对投保车辆进行抽样，样本车辆中每辆车的赔付结果统计如下：
赔付金额（元） 0 1000 2000 3000 4000 车辆数（辆） 500 130 100 150 120 （Ⅰ）若每辆车的投保金额均为2800元，估计赔付金额大于投保金额的概率；
（Ⅱ）在样本车辆中，车主是新司机的占10%，在赔付金额为4000元的样本车辆中，车主是新司机的占20%，估计在已投保车辆中，新司机获赔金额为4000元的概率．
【分析】（Ⅰ）设A表示事件“赔付金额为3000元，”B表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率，求得P（A），P（B），再根据投保额为2800元，赔付金额大于投保金额得情形是3000元和4000元，问题得以解决．
（Ⅱ）设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，分别求出样本车辆中车主为新司机人数和赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机人数，再求出其频率，最后利用频率表示概率．
【解答】解：（Ⅰ）设A表示事件“赔付金额为3000元，”B表示事件“赔付金额为4000元”，以频率估计概率得
P（A）=，P（B）=，
由于投保额为2800元，赔付金额大于投保金额得情形是3000元和4000元，所以其概率为P（A）+P（B）=0.15+0.12=0.27．
（Ⅱ）设C表示事件“投保车辆中新司机获赔4000元”，由已知，样本车辆中车主为新司机的有0.1×1000=100，而赔付金额为4000元的车辆中车主为新司机的有0.2×120=24，
所以样本中车辆中新司机车主获赔金额为4000元的频率为，
由频率估计概率得P（C）=0.24．
【点评】本题主要考查了用频率来表示概率，属于中档题．
22．（13分）已知椭圆+=1（a＞b＞0）经过点（0，），离心率为，左右焦点分别为F1（﹣c，0），F2（c，0）．
（Ⅰ）求椭圆的方程；
（Ⅱ）若直线l：y=﹣x+m与椭圆交于A、B两点，与以F1F2为直径的圆交于C、D两点，且满足=，求直线l的方程．
【分析】（Ⅰ）由题意可得，解出即可．
（Ⅱ）由题意可得以F1F2为直径的圆的方程为x2+y2=1．利用点到直线的距离公式可得：圆心到直线l的距离d及d＜1，可得m的取值范围．利用弦长公式可得|CD|=2．设A（x1，y1），B（x2，y2）．把直线l的方程与椭圆的方程联立可得根与系数的关系，进而得到弦长|AB|=．由=，即可解得m．
【解答】解：（Ⅰ）由题意可得，
解得，c=1，a=2．
∴椭圆的方程为．
（Ⅱ）由题意可得以F1F2为直径的圆的方程为x2+y2=1．
∴圆心到直线l的距离d=，
由d＜1，可得．（）
∴|CD|=2==．
设A（x1，y1），B（x2，y2）．
联立，
化为x2﹣mx+m2﹣3=0，
可得x1+x2=m，．
∴|AB|==．
由=，得，
解得满足（）．
因此直线l的方程为．
【点评】本题中考查了椭圆与圆的标准方程及其性质、直线与椭圆及圆相交的弦长问题、点到直线的距离公式等基础知识与基本技能方法，考查了推理能力和计算能力，属于难题．
23．（14分）设函数f（x）=lnx+，m∈R．
（Ⅰ）当m=e（e为自然对数的底数）时，求f（x）的极小值；
（Ⅱ）讨论函数g（x）=f′（x）﹣零点的个数；
（Ⅲ）若对任意b＞a＞0，＜1恒成立，求m的取值范围．
【分析】（Ⅰ）m=e时，f（x）=lnx+，利用f′（x）判定f（x）的增减性并求出f（x）的极小值；
（Ⅱ）由函数g（x）=f′（x）﹣，令g（x）=0，求出m；设φ（x）=m，求出φ（x）的值域，讨论m的取值，对应g（x）的零点情况；
（Ⅲ）由b＞a＞0，＜1恒成立，等价于f（b）﹣b＜f（a）﹣a恒成立；即h（x）=f（x）﹣x在（0，+∞）上单调递减；h′（x）≤0，求出m的取值范围．
【解答】解：（Ⅰ）当m=e时，f（x）=lnx+，
∴f′（x）=；
∴当x∈（0，e）时，f′（x）＜0，f（x）在（0，e）上是减函数；
当x∈（e，+∞）时，f′（x）＞0，f（x）在（e，+∞）上是增函数；
∴x=e时，f（x）取得极小值为f（e）=lne+=2；
（Ⅱ）∵函数g（x）=f′（x）﹣=﹣﹣（x＞0），
令g（x）=0，得m=﹣x3+x（x＞0）；
设φ（x）=﹣x3+x（x＞0），
∴φ′（x）=﹣x2+1=﹣（x﹣1）（x+1）；
当x∈（0，1）时，φ′（x）＞0，φ（x）在（0，1）上是增函数，
当x∈（1，+∞）时，φ′（x）＜0，φ（x）在（1，+∞）上是减函数；
∴x=1是φ（x）的极值点，且是极大值点，
∴x=1是φ（x）的最大值点，
∴φ（x）的最大值为φ（1）=；
又φ（0）=0，结合y=φ（x）的图象，如图；
可知：①当m＞时，函数g（x）无零点；
②当m=时，函数g（x）有且只有一个零点；
③当0＜m＜时，函数g（x）有两个零点；
④当m≤0时，函数g（x）有且只有一个零点；
综上，当m＞时，函数g（x）无零点；
当m=或m≤0时，函数g（x）有且只有一个零点；
当0＜m＜时，函数g（x）有两个零点；
（Ⅲ）对任意b＞a＞0，＜1恒成立，
等价于f（b）﹣b＜f（a）﹣a恒成立；
设h（x）=f（x）﹣x=lnx+﹣x（x＞0），
则h（b）＜h（a）．
∴h（x）在（0，+∞）上单调递减；
∵h′（x）=﹣﹣1≤0在（0，+∞）上恒成立，
∴m≥﹣x2+x=﹣+（x＞0），
∴m≥；
对于m=，h′（x）=0仅在x=时成立；
∴m的取值范围是[，+∞）．
【点评】本题考查了导数的综合应用问题，解题时应根据函数的导数判定函数的增减性以及求函数的极值和最值，应用分类讨论法，构造函数等方法来解答问题，是难题．
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