2021-2022学年北京市朝阳区八年级（下）期末物理模拟试卷（一）及答案

2021-2022学年北京市朝阳区八年级（下）期末

物理模拟试卷（一）及答案

题号 一 二 三 四 五 六 总分 得分



一、单选题（本大题共15小题，共30.0分）

踢到空中的足球，受到哪些力的作用（　　）

A. 受到脚的作用力和重力 B. 受到重力的作用 C. 只受到脚的作有力 D. 没有受到任何力的作用

如图所示，我们用吸管吸取杯中的饮料。下列现象中“吸”的物理原理与其相同的是（　　）

A. 挤压后的塑料吸盘能“吸”住瓷砖 B. 削平的铅柱挤压后会“吸”在一起 C. 梳完头的塑料梳子能“吸”起纸屑 D. 行驶的汽车的窗帘被“吸”出窗外

2019年10月11日，甘肃省青少年校园足球联赛初中组总决赛在甘肃警察职业学院开幕。关于足球比赛中涉及的物理知识，下列分析错误的是（　　）

A. 地面上的足球越滚越慢，说明物体的运动需要力来维持 B. 用头顶足球，头感到痛，说明物体间力的作用是相互的 C. 足球鞋底凹凸不平，是为了增大与地面间的摩擦力 D. 足球在上升的过程中，重力势能变大

如图所示各实例中的物体，使用时为了增大压强的是（　　）

A. 坦克的履带 B. 学生的双肩书包带 C. 公交车的破窗锤 D. 铁轨的路枕

如图所示，下列四组图片中每组涉及到的物理原理不对应的是（　　）

A. B. C. D.

如图是2014索契冬奥会上的几个场景，关于这几幅图片的说法正确的是（　　）

A. 高山滑雪运动员高速滑下时，重力势能全部转化为动能 B. 花滑小将李子君所穿滑冰鞋锋利的刀刃增大了她对冰面的压强 C. 冰壶被推出后由于受到惯性的作用会继续向前滑动 D. 李坚柔夺金领奖时对领奖台的压力和她的重力是一对平衡力

下面四种情景中，人对物体做了功的是（　　）

A. 用力推汽车但没有推动 B. 手捧着一本书在水平面上匀速前进2m C. 沿斜面向上拉动物体 D. 运动员双手举着杠铃停留了3秒

小刚在爷爷家看到了如图所示的“逍遥椅”。出于好奇，小刚自己躺在椅子上，发现用脚蹬地，椅子就向后晃动；停止蹬地后椅子还会继续晃动，对此现象下列说法正确的是（　　）

A. 小刚用脚蹬地，椅子就向后晃动，说明力可以改变物体的运动状态 B. 小刚停止蹬地后椅子还会继续晃动，是由于椅子受到惯性的作用 C. 椅子晃动速度越来越小，说明椅子受到的摩擦力越来越大 D. 小刚躺在椅子上时，椅子所受重力与地面对椅子的支持力是一对平衡力

2020年10月，“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功下潜到10058m，创造了中国载人深潜的新纪录。“奋斗者”号在水下下潜的过程中，受到的压强和浮力变化情况正确的是（　　）

A. 压强变小，浮力不变 B. 压强不变，浮力变小 C. 压强变大，浮力不变 D. 压强不变，浮力变大

2021年4月13日在东京奥运会女足亚洲区预选赛附加赛次回合比赛中，中国女足2：2战平韩国队，总比分4：3淘汰对手，晋级东京奥运会!下列有关足球运动的说法错误的是（　　）

A. 守门员踢出的足球，由于惯性能够在空中继续飞行 B. 如果所有的外力突然全部消失，在空中飞行的足球将静止 C. 用力踢足球时脚会有疼的感觉，是因为力的作用是相互的 D. 草地上滚动的足球会慢慢停下来，是阻力改变了足球的运动状态

如图所示，让钢球从斜槽上由静止滚下，钢球运动到水平面上碰到静止的木块后，能将木块撞出一段距离。下列说法错误的是（　　）

A. 利用该实验中的器材也可以研究重力势能跟高度的关系 B. 木块向前滑行时速度变小，因为它滑行时所受摩擦力变大 C. 钢球从斜槽上滚下到达水平面后，能继续向前滚动是因为它具有惯性 D. 钢球从斜面滚下后能将木块推动一段距离，说明从斜面上滚下的钢球具有能量

中国南极泰山站是继长城站、中山站、昆仑站之后中国的第四个南极科学考察站，于2014年2月8日正式建成开站。泰山站采用轻质材料装配而成，为避免被南极强横风吹得移位，其独特的支架悬空形状发挥了作用。泰山站的悬空形状接近于（　　）

A. B. C. D.

如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用FA、FB匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体，不计绳重和摩擦。（　　）

A. 若GA＞GB，则η甲＞η乙 B. 若GA＞GB，则η甲＜η乙 C. 若FA=FB，则GA=GB。 D. 若FA＜FB，则GA＞GB

如图所示，甲、乙、丙三个相同的杠杆，所挂的物体受到的重力均为G，它们分别在方向如图所示的力F1、F2、F3作用下处于平衡状态，那么（　　）

A. F1=F2=F3 B. F1＜F2＜F3 C. F1＞F2＞F3 D. F2＞F3＞F1

如图所示，杠杆AB的A点挂边长为10cm的正方体C，B点挂体积为2000cm3实心小球D，AO：OB=1：2，杠杆在水平位置平衡时，D静止在空中，C对水平地面的压强为p1；若将小球D浸没在某种液体中(未接触到容器底)，杠杆在水平位置平衡时，C对水平地面的压强p2比 p1增大了4000Pa，A点受到竖直向下的拉力为10N，则下列选项正确的是(g取10N/kg)()

A. 小球D浸没在某种液体中受到的浮力为20N B. 小球D浸没在某种液体中受到的浮力为40N C. 该液体的密度是2.0×103kg/m3 D. 小球D的密度是1.0×103kg/m3



二、多选题（本大题共5小题，共10.0分）

如图所示，在平直路面上向右匀速行驶的小车中，有一轻质弹簧的一端固定在车厢右壁，另一端连接置于小车底板上的木块，弹簧此时处于原长状态并保持水平。下列判断正确的是（　　）

A. 若木块突然压缩弹簧，则小车一定在做减速运动 B. 若木块受到向右的摩擦力，则小车一定在做加速运动 C. 若木块受到三个力的作用，则小车一定在做减速运动 D. 若弹簧未发生形变，则小车一定在做匀速运动

小江同学在学习了运动和力的知识后有了以下的认识，其中错误的是（　　）

A. 静止在水平桌面上的饮料瓶一定受到平衡力的作用 B. 如果运动的物体不受外力作用，它将慢慢停下来 C. 推出去的铅球能继续在空中飞行，是由于铅球受到惯性的作用 D. 如果两个力的大小相等、方向相同，则这两个力的作用效果一定相同

1牛顿的水对浸入其中的物体所产生的浮力（　　）

A. 可以小于0.5牛 B. 不可能大于0.5牛 C. 可以大于1牛 D. 不可能大于1牛

跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某次跳伞训练过程中，运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，运动员沿竖直方向先加速下落，打开降落伞后先减速最终匀速下落。关于运动员上述下落过程，下列说法中正确的是（　　）

A. 运动员加速下落10m其所受重力做的功等于运动员减速下落10m其所受重力做的功 B. 运动员加速下落10m其所受重力做的功大于运动员减速下落10m其所受重力做的功 C. 运动员加速下落过程中，其所受重力做功的功率变大 D. 运动员加速下落过程中，其所受重力做功的功率不变

如图，质地均匀粗细相同的实心圆柱体?A、B?放在水平地面上．已知它们的密度之比ρA：ρB=1：2，对地面的压强之比pA：pB=1：3．则它们的高度之比hA：hB，它们的质量之比?mA：mB?为（　　）

A. 它们的高度之比为?hA：hB=2：3 B. 它们的高度之比为?hA：hB=3：4 C. 它们的质量之比为?mA：mB=2：3 D. 它们的质量之比为?mA：mB=1：3



三、填空题（本大题共1小题，共3.0分）

两个自重为1N的完全相同的弹簧测力计和两个质量均为50g的钩码，按如图所示的方式竖直悬挂，则A弹簧测力计的示数为______N．（g=10N/kg）





四、实验探究题（本大题共10小题，共41.0分）

在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中，小明利用了多个完全相同的木块和海绵进行了如图所示的实验。 （1）实验中通过观察海绵的______来比较压力作用效果。 （2）对比甲、乙两图可以得出：当______一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显。 （3）由甲、丙两图可以探究压力作用效果与______的关系。 （4）对比甲、丁两图，同组的小强认为压力作用效果与压力大小无关，小明认为他的观点是错误的；理由是______。

如图所示，在“探究运动和力的关系”的实验中，每次都让小车从斜面顶端处由静止开始滑下，改变水平面的粗糙程度，测量小车在水平面上滑行的距离，结果记录在下表中。

接触面 小车运动的距离s/（单位：cm） 毛巾 18.00 棉布 26.58 木板 （1）每次都让小车从斜面的顶端处由静止开始滑下，使小车每次滑行到斜面底端时具有相同的______； （2）小车在水平木板上滑行一段距离后停下来，如图所示，则小车在水平木板上运动的距离是______cm。 （3）小车在铺有毛巾表面上滑行距离最短，是因为小车______。 （4）在此实验的基础上进行合理的推理，可以得到：一切运动的物体不受外力作用时，它将______，可见，______不是维持物体运动的原因。 （5）下列实验探究得出结论所采用的方法与上述方法相同的是______ A．探究真空不能传声 B．探究物质所受重力与质量的关系 C．探究二力平衡的条件 D．探究影响滑动摩擦力大小的因素



小刚和小明等同学一起做“探究杠杆的平衡条件”的实验． （1）小刚将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的左端上翘，此时，他应将杠杆两端的平衡螺母向______ （选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡． （2）如图所示，若每个钩码重0.5N，且杠杆上每格相等，小明在杠杆左端图示位置处挂上3个钩码，为使杠杆在水平位置平衡，他在图中A处施加一个______ 方向向上的力F1，此力大小至少为______ N． （3）若撤去力F1，改在杠杆右端B处施加一个方向斜向下的力F2（如图所示），仍使杠杆平衡，则力F2 ______ 1.5N．（填大于、小于或等于）



在探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验中，小明让质量不同的小球从同一斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，木块被撞出一段距离，如图甲所示． （1）本实验所研究的对象是______（选填“木块”“小球”或“斜面”） （2）将小球从同一高度由静止释放的目的是______。该实验是通过观察______（选填“s”或“h”）的大小来反映小球的动能大小的，这种研究问题的方法叫______。若水平面是光滑的，______（填“能”或“不能”）达到探究目的。 （3）小明还想通过上述实验过程探究物体重力势能与质量的关系，小明的设想______（可行/不可行）。 （4）有同学将实验装置甲改进成图乙所示。 A.若用同一小球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，可以研究小球的动能大小与______（质量/速度）的关系。 B.若用甲、乙两个质量不同的小球（m甲＞m乙）将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，同一木块受到撞击后相应移动距离s甲______s乙（选填“大于”、“小于”或“等于”）。

如图，在“探究影响液体内部压强的因素”实验中。 （1）根据U形管压强计中两边液柱的______来判断液体压强的大小。 （2）探究液体内部的压强与深度的关系时，控制金属盒的方向不变，改变金属盒的______，如图甲、乙所示，观察U形管两边液柱的高度差。 （3）探究液体内部的压强与方向的关系时，控制金属盒在同种液体的同一深度，改变金属盒的______，如图乙、丙所示，观察U形管两边液柱的高度差。 （4）探究液体内部的压强与液体密度的关系时，控制金属盒在液体中的深度、金属盒的方向相同，改变液体的______，如图______所示，观察U形管两边液柱的高度差。 （5）探究液体内部的压强大小与盛液体的容器形状是否有关时，通过控制物体浸没在液体同一深度处，改变容器的形状，得出液体压强与容器形状______。

小明利用图中的甲装置做“探究二力平衡条件”的实验。 （1）实验中应该让研究对象处于______或匀速直线运动状态，并通过调整______来改变拉力大小。 （2）实验时，小明发现当向左盘和右盘同时加入一个相同的钩码时，木块处于静止状态，此时木块在水平方向受到两个力的作用，这两个力是平衡的；小明再在左盘中增加一个很轻的砝码时，发现木块仍然处于静止状态。仔细分析后他认为出现这种现象的原因是桌面太______（选填“光滑”或“粗糙”），______力影响实验效果。 （3）于是小明改用乙装置进行实验。他在卡片的两端挂上数量相同的钩码后，小卡片才能处于静止状态，这说明二力平衡时两个力的大小______。然后他把小卡片扭转一个角度，松手后小卡片回到原来的位置，这是因为二力平衡时，两个力必须在______，当小卡片静止后，他用剪刀把小卡片从中间剪开，发现两侧钩码落下，说明互相平衡的二力必须作用在______。

小明用装有沙子的带盖塑料瓶探究浮力的影响因素。 （1）小明列举了三个常识： 常识1：木头漂在水面，铁钉沉在水底 常识2：轮船从长江驶入大海，船身会上浮一些； 常识3：人从浅水区走向深水区，感觉身体变轻； 他对此做出了三个猜想： 猜想1：浮力与浸入液体的深度有关； 猜想2：浮力与液体的密度有关； 猜想3：浮力与物体的密度有关； 其中符合常识3的是猜想______ （填序号）。 （2）为了验证上述猜想是否正确，小明依次做了如下实验： ①根据A、B、C的结果，可得猜想1是______ （选填“正确”或“错误”）的；根据A、C、D的结果，可得猜想1是______ （选填“正确”或“错误”）的。深入分析上述现象，可得浮力大小与______ 有关，与浸入深度______ ； ②接下来根据A、D、E ______ （选填“能”或“不能”）对猜想2进行验证； ③为验证猜想3，小明在老师的指导下，将瓶子中的沙子倒掉一些减小物体密度，接着他仿照步骤D进行实验，发现此时测力计示数小于1.8N，便认为该猜想是正确的。小明在该实验环节中存在的问题是______ 。

小明“测滑轮组的机械效率”的实验装置如图所示．测得的实验数据如下表。

实验次数 物重 G/N 物体上升高度h/m 拉力F/N 绳端移动距离s/m 机械效率η 1 1 0.1 0.6 0.3 55.6% 2 2 0.1 1.0 0.3 66.7% 3 4 0.1 1.8 0.3 （1）实验过程中，应竖直向上______拉动弹簧测力计；第1次实验数据中，若不计绳重和摩擦，则动滑轮重为______N； （2）第三次实验中滑轮组的机械效率是______（精确到0.1%）； （3）分析表中数据可知，同一滑轮组提升重物时，物重越______（选填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高。

小明拾到一个小金属零件，他很想知道这个零件是什么材料做成的，于是和学习小组的同学们一起利用天平和量筒来测量该金属零件的密度．他们的操作如下： （1）将天平放在______ 上，游码移至标尺左端______ 处，并调节天平平衡． （2）在调节天平平衡时，发现指针静止时在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向______ （“左”或“右”）调节． （3）用调节好的天平测零件的质量．天平平衡时，右盘中砝码及游码的位置如图乙所示，零件的质量为______ g，可算出金属零件的密度为______ kg/m3．

同学们作了如下实验，研究滑动摩擦力跟哪些因素有关。 （1）如图1甲所示，在研究摩擦力的实验中，将木块M置于水平桌面的木板上，用轻质弹簧测力计沿着______方向拉动M，M的运动状态和弹簧测力计的示数如下表所示，木块M受到滑动摩擦力的大小为______N．图1甲、乙所示的实验情景，其目的是在保证接触面粗糙程度不变的条件下，研究滑动摩擦力的大小是否跟______有关。

木块运动状态 … 静止 静止 加速 匀速 减速 弹簧测力计示数F/N … 0.4 0.5 0.7 0.6 0.4 （2）小华将图1甲中的木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为他的探究过程中存在的问题是______。 （3）系列实验后，同学们讨论了拔河比赛的一些事宜：如果要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重______（选填“大”或“小”）的；同时在比赛中选用图2中______（选填“a”、“b”或“c”）类型的鞋。



五、简答题（本大题共1小题，共4.0分）

某公共场所为了提醒大家注意地面湿滑，设置了如图所示的安全警示牌，请用所学的知识解释地面湿滑时人容易向后滑倒的原因。





六、计算题（本大题共3小题，共12.0分）

我国已开展了探月计划“嫦娥工程”，请从互联网上查询有关信息，了解我国实施探月计划的大致内容和意义。

如图所示，一个底面积S=0.05m2、高h=0.2m的长方体形状的重物，某同学站在岸边拉动绳子的自由端，使重物从水底开始向上运动．假定重物一直做竖直向上的匀速直线运动，并经历三个运动阶段：第一阶段，从重物在水底开始运动到重物的上表面刚露出水面．绳对重物的拉力F1=140N，用时t1=40s；第二阶段，从重物上表面刚露出水面到其下表面刚离开水面，用时t2=4s；第三阶段，从重物下表面离开水面后在空中上升．已知动滑轮所受重力G0=60N，ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg，不计绳重、轮与轴之间的摩擦及水的阻力，不考虑重物出水前后质量的变化．求： （1）在第一阶段运动中，水对重物的浮力F浮为多大？ （2）在第一阶段运动中，绳对重物做功W1为多大？ （3）滑轮组在第一阶段运动中的机械效率η1和在第三阶段运动中的机械效率η3分别为多大？

某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为30cm2，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为9.0×l05Pa，飞轮lmin转动1800周，当汽油机满负荷工作时(不计摩擦)，求： (1)做功冲程中燃气对活塞的平均压力； (2)一个做功冲程中燃气对活塞做的功； (3)汽油机的功率．

答案和解析



1.【答案】B

【解析】解：在空中飞行的足球只受到地球对它的重力和空气阻力的作用，之所以能在空中飞行是因为它有惯性；踢力使足球的运动状态发生改变，当脚离开足球时，踢力也就没有了； 所以选项A、C、D不正确，选项B正确； 故选：B。 重力是由于地球对物体的吸引而产生的力，地球附近的一切物体都受到重力的作用，包括与地球接触的物体和地球周围与地球不接触的物体。 此题主要考查对物体受到的重力的理解，属于基础知识。

2.【答案】A

【解析】解：用吸管吸饮料的原理是：先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压强； A、塑料吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了瓷砖上，此现象与大气压有关，故A符合题意； B、削平的铅柱压紧后能“吸”在一起，因为分子间有引力，与大气压无关，故B不符合题意； C、梳完头的塑料梳子能“吸”起纸屑，因为梳子摩擦起电后带静电，会吸引轻小物体，与大气压无关，故C不符合题意； D、行驶的汽车，车外的空气流速快、压强小，车内的空气流速小、压强大，向外的压强差就把窗帘压向窗外，故D不符合题意。 故选：A。 大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。大气压强在实际生活中的应用十分广泛，有：吸管喝饮料、离心式水泵抽水、钢笔吸墨水等。 此类题举出的例子一般都是学生平时生活中接触过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。

3.【答案】A

【解析】解：A、地面上滚动的足球越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，摩擦力改变了足球的运动状态，不能说明物体的运动需要力来维持，故A错误； B、用头顶足球时，头给足球一个力，由于力的作用是相互的，足球也给头施加了力，所以头感到痛，故B正确； C、足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C正确； D、足球在上升的过程中，质量一定，高度越高，重力势能越大，故D正确。 故选：A。 （1）力是改变物体运动状态的原因；力的作用效果包括改变物体的形状、改变物体的运动状态； （2）物体间力的作用是相互的； （3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力； （4）影响重力势能大小的因素是质量和高度，质量一定时，高度越高，重力势能越大。 本题考查了力和运动的关系、力的相互作用、增大摩擦的方法、影响重力势能大小的因素等知识的理解和应用，要多思考、多理解，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。

4.【答案】C

【解析】解：A、坦克的履带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不合题意； B、学生的双肩书包带，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B不合题意； C、公交车的破窗锤，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C符合题意； D、铁轨的路枕，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。 故选：C。 压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。 增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在压力一定时，在受力面积一定时，增大压力； 减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。 这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法．

5.【答案】D

【解析】解：A、杆秤和杠杆都是杠杆平衡条件的应用，故A正确。 B、上图中验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的。而下图中两个带正电的小球相互排斥，两者能够对应，故B正确。 C、上图中通电时，电磁铁有电流通过时，产生了磁性，把小锤下方的弹性片吸过来，使小锤打击电铃发出声音；同时电路断开，电磁铁失去了磁性，小锤又被弹回，电路闭合，不断重复，电铃便发出连续击打声了； 下图的物理原理：通电时，电磁铁具有磁性，小磁针发生偏转；两者能够对应，故C正确。 D、上图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，利用该原理制成了发电机； 下图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，利用该原理制成了电动机，两者不对应，故D错误。 故选：D。 实验现象揭示的物理原理或规律与应用技术有着密切的联系。在明确为了实验所揭示的原理或规律后，再对照生活中的应用，看是否是同一个知识即可。 本题考查了多个物理规律的应用，应当在熟练掌握基础知识的前提下仔细分析，找准各个关系。

6.【答案】B

【解析】解：A、高山滑雪运动员高速滑下时，会克服摩擦做功，将一部分机械能转化为内能，重力势能不可能全部转化为动能，故A错误； B、滑冰鞋锋利的刀刃减小了受力面积，增大了对冰面的压强，故B正确； C、冰壶被推出后由于惯性会继续向前滑动，但不能说是受到了惯性的作用，故C错误； D、运动员对领奖台的压力和她的重力方向相同，且作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误． 故选B． A、根据动能与重力势能的转化和机械能的守恒条件进行判断； B、在压力一定时，减小受力面积可以增大压强； C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是一种力； D、一对平衡力必须符合大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一条直线上四个条件． 本题以冬奥运上的实例为背景，考查了多个相关知识点，有一定的综合性，也与实际联系密切，值得我们关注．

7.【答案】C

【解析】解：A、用力推汽车但没有动，有力的作用但无距离，不做功，不符合题意； B、手捧着一本书在水平面上匀速前进，力的方向竖直向上，移动的距离不是在该力的方向上移动的，不符合题意； C、沿斜面向上拉动物体，在力的作用下，在力的方向上移动了一段距离，故力做了功，符合题意； D、运动员双手举着杠铃停留了3秒，有力的作用，但在力的方向上无距离，不做功，不符合题意． 故选C． 做功必须具备两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过距离．判定有没有做功，就从是否同时具备这两个必要因素入手分析． 从四个选择项中涉及到的物理过程入手，结合做功的两个必要因素来突破此题．

8.【答案】A

【解析】解：A、躺者用脚蹬地，椅子在力的作用下晃动，改变了运动状态，说明力能改变物体运动状态。故A正确； B、脚蹬地后迅速抬起，由于惯性，运动的物体能够保持原来的运动状态，所以椅子仍能运动，不能说受到惯性。故B不正确； C、由于椅子受到的摩擦阻力与压力大小和接触面粗糙程度有关，因为椅子受到压力大小和接触面粗糙程度保持不变，所以椅子受到的阻力大小不变，摩擦阻力使椅子的运动速度越来越小。故C不正确； D、椅子所受的重力加上小刚的重力才等于地面对椅子的支持力，不符合二力平衡的条件。故D不正确。 故选：A。 （1）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态； （2）惯性是物体保持运动状态不变的性质，惯性不是力； （3）影响摩擦力的因素是压力大小和接触面的粗糙程度； （4）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上。 本题通过对逍遥椅的观察分析，考查了力的作用效果、惯性的存在及摩擦力的影响因素等知识点，是一道综合的力学题。

9.【答案】C

【解析】解：根据液体压强的公式是p=ρgh，奋斗者”号在水下下潜的过程中，深度h增大，所以压强增大；根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液V排g，奋斗者”号在水下下潜的过程中排开液体的体积不变，所以浮力不变；故ABD错误，C正确。 故选：C。 液体压强的公式是p=ρgh．可见，液体压强的大小取决于液体的种类（即密度ρ）和深度h；阿基米德定律：浸在液体（或气体）里的物体受到向上的浮力作用，浮力的大小等于被该物体排开的液体的重力。其公式可记为F浮=G排=ρ液V排g。 本题考查了液体压强的特点，阿基米德定律，基础题，难度不大，但考查频率很高。

10.【答案】B

【解析】解：A、守门员踢出的足球，因为惯性能够在空中继续飞行，故A正确； B、如果所有的外力突然全部消失，在空中飞行的足球将保持原来的运动状态，故B错误； C、用力踢足球时脚会有疼的感觉，是因为球会给脚一个作用力，说明力的作用是相互的，故C正确； D、草地上滚动的足球会慢慢停下来，是阻力改变了足球的运动状态，故D正确。 故选：B。 （1）把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性； （2）物体在不受力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态； （3）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的； （4）力可以改变物体的运动状态。 本题考查了有关力和运动的多个知识点，是力学中的一道综合题，但都是基础，难度不大。

11.【答案】B

【解析】解： A、影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，在小球的质量相同时，让小球从斜面的不同高度滚下，可以探究重力势能跟高度的关系，故A正确； B、木块向前滑行时速度变小，是因为受到摩擦力的作用，但压力大小和接触面的粗糙程度都不变，则滑动摩擦力的大小不变，故B错误； C、钢球从斜槽上滚下到达水平面后，能继续向前滚动是因为它具有惯性，仍会保持原来的运动状态，故C正确； D、钢球从斜面滚下后能将木块推动一段距离，说明它可以对木块做功，则表明从斜面上滚下的钢球具有能量，故D正确。 故选：B。 （1）影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，探究研究重力势能跟高度的关系时，应控制物体的质量不变，改变物体的速度； （2）滑动摩擦力的影响因素是压力大小和接触面的粗糙程度，据此解答； （3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性； （4）一个物体能够对外做功，我们就说这个物体具有能量。 此题考查对实验探究过程的理解，对摩擦力影响因素、惯性、能量等概念的认识等，有一定综合性，要求学生具有扎实的力学基础。

12.【答案】A

【解析】解：A、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度小，压强大；屋顶受到向上的压强小于向下的压强，受到的向下的压力大于向上的压力，使整体更加稳定，不会把屋顶掀开，故A符合题意； B、房子设计成图B所示的圆顶，风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，会把屋顶掀开，故B不符合题意； C、房子设计成图C所示的圆顶，尽管容易清除积雪，但屋顶受到向上的压强等于向下的压强，受到的向上的压力等于向下的压力，不能使整体更加稳定，故C不符合题意， D、图中上下表面水平，屋顶受到向上的压强等于向下的压强，受到的向上的压力等于向下的压力，不能使整体更加稳定，故D不符合题意， 故选：A。 流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力。 各地的民居建筑风格一定要适应当地的自然环境。本题注重了物理和生活的联系。

13.【答案】A

【解析】解：（1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功， 则滑轮组的机械效率： η=×100%=×100%=×100%------①， 由题知，动滑轮的重力相等，若GA＞GB，由①式可知η甲＞η乙；故A正确，B错误； （2）由图可知，n甲=2，n乙=3， 不计绳重和摩擦，由F=（G+G动）可得，提升物体的重力：G=nF-G动--------②， 动滑轮的重力相等，若FA=FB时，因n甲＜n乙，所以由②式可知GA＜GB．故CD错误。 故选：A。 （1）不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功， 根据η=×100%=×100%=×100%，结合GA＞GB比较两滑轮组的机械效率关系； （2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据F=（G+G动）结合GA与GB、FA与FB得出即可答案。 本题考查了滑轮组机械效率公式和绳子拉力公式的应用，明确有用功和总功以及滑轮组绳子的有效股数是关键。

14.【答案】D

【解析】解：设杠杆的长为S，由图和杠杆的平衡条件知： 甲：F1?S=G?S； 乙：F2?S=G?S； 丙：F3?S=G?S； 联立上述三式，易求得：F1＜F3＜F2； 故选D． 三个图中，阻力和阻力臂都相同，因此只需判断动力臂的大小即可判断出拉力的大小关系． 在相同的作用点上，不同的力的方向对应着不同的力臂，这一点需要注意．

15.【答案】A

【解析】解：如图，杠杆原来平衡，当D球浸没液体中时，杠杆仍平衡，由此可知杠杆两端减小的拉力和力臂的乘积相等， 即：△FA×OA=△FB×OB=F浮×OB， 杠杆右端减小的拉力： △FB=F浮， ∴△FA×OA=F浮×OB，-------① 由题知，物体C对地面的压强增加值△p=4000Pa， ∵p=，s=0.1m×0.1m=0.01m2， ∴地面增加的压力： △F压=△ps=4000Pa×0.01m2=40N， 杠杆A端减小的拉力： △FA=△F压=40N，代入①式得： F浮===20N，故A正确、B错； ∵F浮=ρ液V排g=ρ液VDg， ∴ρ液===1×103kg/m3，故C错； D球浸没液体中后，A端拉力： FA′=10N， ∵杠杆在水平位置平衡， ∴△FA′×OA=△FB′×OB， ∴FB′===5N， ∵D球浸没液体中受到的重力等于浮力加上拉力， 即：GD=F浮+FB′， ∵GD=ρDVDg， ∴ρD===1.25×103kg/m3，故D错． 故选A．

16.【答案】AB

【解析】解： 由题意知，原来小车向右做匀速直线运动，木块、弹簧也随小车一起做匀速直线运动，此时弹簧处于原长状态。 A、若木块突然压缩弹簧，说明小车在突然减速，而木块由于惯性仍保持原来的运动状态，所以才会压缩弹簧，故A正确； B、若木块受到向右的摩擦力，说明木块向左运动或有向左运动的趋势，则这种情况是由于小车突然加速，而木块由于惯性仍保持原来的运动状态，从而造成木块向左运动或有向左运动的趋势，故B正确； C、木块、弹簧随小车一起做匀速直线运动时，木块只受重力和支持力，若木块受到三个力的作用，则说明其运动状态发生了改变，因此，小车可能加速，也可能减速，故C错误； D、若小车运动状态虽然改变（即做变速运动），但木块与小车之间只是产生了相对运动的趋势，而并未发生相对运动，此时弹簧不会发生形变，小车却并不是做匀速运动，故D错误。 故选：AB。 （1）平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，平衡状态时受平衡力。 （2）物体的运动状态改变时，一定是受到了非平衡力的作用。据此分析其受力情况和运动情况。 本题考查了物体在平衡状态和非平衡状态时的受力情况、运动情况，属于易错题。

17.【答案】BCD

【解析】解： A、静止在水平桌面上的饮料瓶，处于平衡状态，一定受到平衡力的作用，故A正确； B、如果运动的物体不受外力作用，由牛顿第一定律可知，它将以原来的速度一直做匀速直线运动，故B错误； C、推出去的铅球能继续在空中飞行，是由于铅球具有惯性，惯性是物体的一种属性，不是力，因此不能说受到惯性的作用，故C错误； D、力的作用效果与力的大小、方向和作用点三个因素有关，所以，两个力的大小相等、方向相同，则这两个力的作用效果不一定相同，故D错误。 故选：BCD。 （1）静止和匀速直线运动的物体受平衡力的作用； （2）一切物体不受力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态； （3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性； （4）力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的三要素影响力的作用效果。 本题考查了学生对力的作用效果、惯性以及力和运动的关系的掌握，属于力学基础知识的考查，相对比较简单。

18.【答案】AC

【解析】解：（1）物体浸在液体中，由于物体上、下表面所处的深度不同，下表面所处的深度大于上表面的深度，下表面受到的压强大于上表面受到的压强，因此液体对物体产生的一个向上的压力与向下的压力不相等，实际上，这两个压力的合力就是液体对物体施加的向上托的作用，这个力习惯上称为浮力． （2）如果有一个物体它浸入水中，包裹着它的水的厚度可以无限薄，那么1牛顿的水其实可以包裹无限大的物体，即排开水的重力可以无限大， 根据F浮=ρgV排可知，对浸入其中的物体所产生的浮力可以无限大． 故选AC． 根据浮力的定义和产生的原因：液体对浸在液体中的物体产生压力的作用效果，就是向上托的作用，在液体和气体中把这种作用称为浮力进行解答． 解决本题的关键是学生对浮力的定义和产生原因的连接与掌握，以及阿基米德原理的灵活运用．

19.【答案】AC

【解析】解：AB、根据W=Gh可知，重力做功只与重力大小和竖直方向上移动的距离有关，而与运动状态无关， 所以，运动员加速下落10m其所受重力做的功等于运动员减速下落10m其所受重力做的功，故A正确，B错误； CD、运动员加速下落过程中，重力不变，速度变大，根据P===Gv可知，其所受重力做功的功率变大，故C正确，D错误。 故选：AC。 （1）根据W=Gh比较运动员所受重力做功的大小； （2）根据P===Gv判断其所受重力做功的功率变化情况。 本题主要考查功的公式、功率公式的掌握和应用，属于基础性题目，比较简单。

20.【答案】AD

【解析】解： （1）因为是质地均匀的实心圆柱体放在水平地面上， 所以圆柱体对地面的压强p=====ρgh， 所以pA=ρAghA，pB=ρBghB； 因为pA：pB=1：3，ρA：ρB=1：2， 所以===， =， 解得它们的高度之比： hA：hB=2：3；故A正确、B错； （2）因为粗细相同，即底面积相同， 所以体积之比： VA：VB=ShA：ShB=hA：hB=2：3， 质量之比： mA：mB=ρAhA：ρBhB=1×2：2×3=1：3，故C错、D正确． 故选AD． （1）质地均匀的实心圆柱体放在水平地面上，圆柱体对地面的压强p=====ρgh，已知圆柱体对地面的压强比为1：3，密度比是3：2，可求它们的高度比； （2）求出体积之比，利用m=ρV求出它们的质量比． 本题考查了学生对重力公式、压强公式和密度公式的应用，在解题中注意固体压强公式p=====ρgh的条件：质地均匀的实心圆柱体（方体也可以）．

21.【答案】2

【解析】解： 两个钩码的总重G=mg=0.05kg×2×10N/kg=1N， 按如图所示的方式竖直悬挂，则A弹簧测力计测两个钩码和B测力计的总重力，其示数FA=G+GB=1N+1N=2N。 故答案为：2。 先由公式G=mg求出两个钩码的总重；按如图所示的方式竖直悬挂，A弹簧测力计测两个钩码和B测力计的总重力。 认真观察图中两弹簧测力计的关系，明确钩码的重和弹簧测力计自身的重，可做出正确的解答，关键是不要忘记B弹簧测力计的重。

22.【答案】凹陷程度? 压力? 压力大小? 没有控制受力面积相同

【解析】解：（1）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果。 （2）研究压力作用效果与受力面积的关系，要控制压力相同，只改变受力面积大小，故分析图甲和乙所示两图实验，可得出结论：当压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。 （3）比较图甲、丙所示实验，受力面积相同，丙中压力大，压力作用效果明显，甲、丙两图可以探究压力作用效果与压力大小的关系。 （4）对比甲、丁两图，得出压力作用的效果与压力大小无关，是错误的，因为没有控制受力面积不变，同时改变了压力大小和受力面积大小，存在两个变量。 故答案为：（1）凹陷程度；（2）压力；（3）压力大小；（4）没有控制受力面积相同。 （1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法； （2）（3）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法， 即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变， 探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变； （4）在探究压力作用的效果与压力大小关系时，应保持受力面积一定，改变压力大小。 本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用。

23.【答案】速度? 63.00? 受到的摩擦力最大? 做匀速直线运动? 力? A

【解析】解：（1）小车从斜面的同一位置由静止滑下，小车每次滑行到斜面底端时具有相同的速度。 （2）由图示可知，刻度尺的分度值为1mm，小车的路程为63.00cm。 （3）小车在铺有毛巾表面上滑行距离最短，是因为小车受到的摩擦力最大，速度变化最大。 （4）由实验可知，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车滑行的距离越大，如果物体不受外力作用，小车的速度将保持不变，物体将做匀速直线运动，由此可知，力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因； （5）该实验采用的是科学推理法： A、探究真空能否传声实验中，由于罩内不能抽成绝对的真空，所以我们根据随着罩内空气变少，听到的声音越小的特点可以推出真空不能传声，这是理想实验法，故A符合题意； B、探究物体所受重力与质量的关系时，重力不能直接测量，根据平衡力通过弹簧测力计的示数知道了重力，应用了转换法，故B不符合题意； CD、探究二力平衡的条件、探究影响滑动摩擦力大小的因素时，采用的是控制变量法，故CD不符合题意。 故答案为：（1）速度；（2）63.00；（3）受到的摩擦力最大；（4）做匀速直线运动；力；（5）A。 （1）在“探究运动和力的关系”的实验中，需要控制小车的初速度相同。 （2）由图示读出小车的路程。 （3）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关。 （4）根据实验事实进行合理的推理，然后得出结论。 （5）在实验现象的基础上，再进行适当的科学推理，可得出当小车不受阻力时，其将保持什么样的运动状态；分析各选项的实验方法解答此题。 在探究阻力对物体运动的影响实验中，所用到的实验方法除控制变量法外，还有一种特殊的方法，那就是科学推理法，也被称为理想实验法。因为，表面的绝对光滑只是一种理想状态，无法在现实中达到，因此，只能是在实验现象的基础上，再加上科学推理来得出结论，这一点需引起我们的注意。

24.【答案】左；竖直向上；2；大于

【解析】解： （1）杠杆右端上翘，此时应将杠杆两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡； （2）根据杠杆的平衡条件可知，当力臂最大时，力才最小，由图以A到O点距离为力臂是最大的力臂，则力方向应竖直向上，若杠杆上每格长为L， 则F1×3L=3×0.5N×4L，所以F1=2N； （3）使杠杆在水平位置平衡，则力F2的方向应竖直向下，由F1L1=F2L2得，F2×4L=3×0.5N×4L，解得，F2=1.5N． 根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，当斜向下拉动测力计时，拉力的力臂减小，所以拉力变大，F2＞1.5N． 故答案为：（1）左；（2）竖直向上；2；（3）大于． （1）为了便于测量力臂，应调节杠杆在水平位置平衡，将平衡螺母向较高的一端调节； （2）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，力要最小，力臂须最大，由此分析计算最小力； （3）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，将已知条件代入便可求出F2的最小值；若动力臂减小，则动力增大． 此题是探究杠杆的平衡条件实验，考查了杠杆的调节及平衡条件的应用，要分析过程中，要注意力和力臂的统一．

25.【答案】小球? 控制小球到达水平面的速度相同? s? 转换法? 不能? 可行? 速度? 等于

【解析】解：（1）据题意可知，实验中探究小球的动能，即小球撞击木块时的动能的大小； （2）根据实验的要求可知，从同一高度由静止释放的目的是控制到达水平面的速度相同，由控制变量法，该实验的目的是研究小球的动能大小与质量的关系； 根据转换法，实验中，是通过观察木块移动的距离s的大小判断出小球具有的动能的大小； 若水平面绝对光滑，木块就会做匀速直线运动，无法比较木块移动距离的远近，达不到探究目的； （3）小球的动能是由小球的重力势能转化而来，故小明还想通过上述实验过程探究物体重力势能与质量的关系，方案可行； （4）A、用同一小球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧的弹性势能不相同，小球与弹簧分开后获得的初速度不同，而小球的质量相同，故可以研究小球的动能大小与速度的关系； B、若用甲、乙两个质量不同的小球（m甲＞m乙）将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，弹簧的压缩程度相同，具有的弹性势能相同，则小球的动能相同，撞击木块时木块的动能相同，木块的质量不变，所以木块移动的距离相同，即s甲等于s乙。 故答案为：（1）小球；（2）控制小球到达水平面的速度相同；s；转换法；不能；（3）可行；（4）速度；等于。 （1）实验中探究的是小球动能的大小； （2）由控制变量法，从同一高度由静止释放的目的是控制到达水平面初速度相同；实验中小球动能的大小通过观察木块移动的距离来反映出来；若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律分析木块的运动状态； （3）弹簧的弹性势能转化为小球的动能，小球的动能转化为木块的动能； （4）根据控制变量法分析；结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。 本题探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验，考查控制变量法、转换法的运用及机械能的转化和对实验方案的评估。

26.【答案】高度差? 深度? 方向? 密度? 乙、丁? 无关

【解析】解：（1）压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，液面高度差越大，液体的压强越大。这种方法叫做转换法； （2）要探究液体内部的压强与深度的关系，需要控制金属盒的方向不变，液体的密度不变，改变金属盒的深度，如图甲、乙所示，观察U形管两边液柱的高度差； （3）要探究液体内部的压强与方向的关系，需要控制金属盒的深度、液体的密度不变，改变橡皮膜的方向，如图乙、丙所示，观察U形管两边液柱的高度差； （4）要探究液体内部的压强与液体密度的关系，需要控制金属盒在液体中的深度、金属盒的方向相同，改变液体的密度，如图乙、丁所示，观察U形管两边液柱的高度差； （5）要探究液体内部的压强大小与盛液体的容器形状是否有关，需要控制液体的密度、液体的深度相同，改变容器的形状，得出液体压强与容器形状无关。 故答案为：（1）高度差；（2）深度；（3）方向；（4）密度；乙、丁；（5）无关。 （1）液体压强大小通过U形管内液面的差来反映的，液面高度差越大，液体的压强越大。这是一种转换法的运用； （2）（3）（4）（5）液体压强大小跟液体深度和密度有关，由容器的形状没有关系。探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；探究液体压强跟密度时，控制深度不变，改变密度的大小。 本题考查了探究液体压强的特点实验，在此实验中控制变量法的运用非常关键，只有这样，所探究的结论才具有说服力和科学性。

27.【答案】静止? 钩码的个数? 粗糙? 摩擦? 相等? 同一条直线上? 同一个物体上

【解析】解： （1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，我们认为它受到的力是相互平衡的；在探究力的大小对二力平衡的影响时，通过调整钩码的个数来改变F1和F2的大小； （2）小明再在左盘中增加一个很轻的砝码时，木块有向左运动的趋势，木块和桌面之间产生了向右的摩擦力的作用；发现木块仍然静止，仍处于平衡状态，木块还受平衡力的作用，向右的拉力、摩擦力与向左的拉力平衡，也说明桌面太粗糙； （3）数量相同的钩码说明平衡力的大小相等；把小卡片扭转一个角度，松手后小卡片回到原来的位置，说明平衡力作用在同一直线上；把小卡片从中间剪开，发现两侧钩码落下，平衡力须作用在同一物体上。 故答案为：（1）静止；钩码的个数；（2）粗糙；摩擦；（3）相等；同一条直线上；同一个物体上。 （1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态，物体受力平衡。探究二力平衡力大小时，通过改变左右两边钩码的个数来改变两个力的大小； （2）木块直接放在桌面上，当木块与桌面存在相对运动的趋势时，物体之间产生阻碍物体运动的摩擦力；根据物体所处的状态判断受力是否平衡； （3）根据二力平衡条件进行分析：作用在一个物体上的两个力，如果大小相等，方向相反，并且作用在同一直线上，这两个力就彼此平衡。 此题考查了探究二力平衡实验中需要注意问题及实验中的一些重要步骤，牢固掌握二力平衡的四个条件是关键。

28.【答案】1? 正确? 错误? 排开液体的体积? 无关? 能? 没有测量出此时瓶子（含有沙子的）重力

【解析】解： （1）木人从浅水区走向深水区，感觉身体变轻，是因为物体排开的液体体积变大，浮力变大； 其中符合常识3的是与物体的深度有关，即符合常识3的是猜想1； （2）①B、C实验中（物体在水中的深度不同），测力计示数不同，由称重法，两实验中受到的浮力不同，根据A、B、C的结果，可得猜想1是正确的； 而C、D实验中，浸入液体的深度不同，两实验中，测力计示数相同，由称重法，两实验中受到的浮力相同，根据A、C、D的结果，可得猜想1是错误的； B、C实验中排开液体的体积不同，而C、D实验中排开液体的体积相同，深入分析上述现象，可得：浮力大小与排开液体的体积有关，与浸没在液体的深度无关； ②研究浮力与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度，故接下来根据A、D和E能对猜想2进行验证； ③根据称重法测浮力，F浮=G-F， 将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，则此时瓶子（含有沙子的）重力小于2.8N，为验证猜想3，即浮力与物体的密度有关，应测量出此时瓶子（含有沙子的）重力中，故小明在该实验环节中存在的问题是没有测量出此时瓶子（含有沙子的）重力。 故答案为： （1）1；（2）①正确；错误；排开液体的体积；无关；②能；③没有测量出此时瓶子（含有沙子的）重力。 （1）人从浅水区走向深水区，感觉身体变轻，说明人受到的浮力变大，此过程中人浸入水中的深度以及排开水的体积发生了变化，据此分析； （2）①分析B、C（C、D）实验中相同量和不同量，根据测力计示数不同，由称重法比较两实验中受到的浮力关系，据此回答； B、C实验中排开液体的体积不同，而C、D实验中排开液体的体积相同，据此分析； ②物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变； ③根据称重法测浮力，F浮=G-F， 将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，则此时瓶子（含有沙子的）重力小于2.8N，据此分析回答。 本题探究浮力的影响因素，考查物体的浮沉条件、称重法测浮力、控制变量法、数据分析和对实验方案的评估。

29.【答案】匀速? 0.8? 74.1%? 大

【解析】解：（1）在实验过程中，应沿竖直方向匀速向上拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，受到平衡力的作用，测力计示数才等于拉力大小； 按第一组实验数据，此滑轮组由3段绳子承担物重，若不计摩擦和绳子重，则F=（G物+G动）， 所以动滑轮的重力：G动=3F-G物=3×0.6N-1N=0.8N； （2）由表中数据可得，第三次实验中滑轮组的机械效率为：η===≈74.1%； （3）纵向分析数据可得结论：用同一滑轮组，提升的物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高。 故答案为：（1）匀速；0.8；（2）74.1%；（3）大。 （1）在实验过程中，应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，系统处于平衡状态；判断第1次实验绳子的有效段数，不计摩擦和绳子重，F=（G物+G动）算出动滑轮重力； （2）由表中数据，根据η==求出第三次实验中滑轮组的机械效率； （3）纵向分析数据可得结论得出结论。 本题探究滑轮组的机械效率与哪些因素有关，考查注意事项、机械效率计算、数据分析及F=（G物+G动）公式的运用。

30.【答案】水平台；零刻度；右；62；3.1×103

【解析】解： （1）天平在调节时，首先放在水平台上，将游码拨到标尺左端的零刻度线处，再调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央，此时表示天平已经平衡； （2）如图甲所示，指针左偏表示横梁右端上翘，平衡螺母应向右调节； （3）如图乙所示，本游码标尺的分度值是0.2g，零件的质量：m=50g+10g+2g=62g； 图丙中水的体积V水=60cm3，水和零件的总体积V总=80cm3，则零件的体积V=V总-V水=80cm3-60cm3=20cm3， 零件的密度：ρ===3.1g/cm3=3.1×103kg/m3； 故答案为：（1）水平台；零刻度；（2）右；（3）62；3.1×103． （1）天平在调节时，首先应将其放在水平台上，将游码移至标尺的零刻度处； （2）调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央；平衡螺母向横梁上翘的一端移动； （3）①在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码所对的数值即待测物体的质量； ②弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，零件的体积等于零件和水的总体积减去水的体积； ③根据公式ρ=求出零件的密度． 测固体的密度是初中物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力．

31.【答案】水平? 0.6? 压力大小? 没有控制压力保持不变? 大? a

【解析】解：（1）实验时应沿水平方向拉动木块M； 木块做匀速运动时处于平衡状态，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力， 由表中实验数据可知，木块受到的滑动摩擦力为0.6N； 甲、乙所示实验，保证接触面粗糙程度不变，改变物体间的压力，可以探究滑动摩擦力大小是否与压力大小有关。 （2）由小华的实验过程可知，实验没有控制物体间的压力不变，因此实验结论是错误的； （3）根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大，故要取得拔河比赛的胜利，组队时应选体重大的。压力相同时接触面越粗糙，摩擦力越大，变滑动为滚动可减小摩擦，故同学参加比赛，同时在比赛中选用图2中a类型的鞋。 故答案为：（1）水平；0.6；压力大小；（2）没有控制压力保持不变；（3）大；a。 （1）用弹簧测力计水平匀速拉动木块，木块做匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件可得，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力； 控制接触面的粗糙程度不变，改变压力大小，可以探究滑动摩擦力与压力大小的关系。 （2）要探究摩擦力与接触面面积的关系，应控制物体间的压力与接触面粗糙程度相同而接触面的面积不同。 （3）根据影响滑动摩擦力大小的因素，压力越大，接触面越粗糙滑动摩擦力越大。 本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。

32.【答案】答：地面湿滑时，鞋与地面间的接触面的粗糙程度减小，人受到的摩擦力随之变小，脚向前运动的速度就会增大，而人的上半身由于惯性还要保持原来的运动速度，所以人容易向后滑倒。

【解析】根据摩擦力大小的影响因素（压力大小和接触面的粗糙程度）和惯性知识（物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性）分析解答。 此题考查的是有关摩擦和惯性的解释，对于学生来说这类题比较少见，难度比较大，需要利用我们所学的物理知识认真分析。

33.【答案】答：2004年，中国正式开展月球探测工程，并命名为“嫦娥工程”。嫦娥工程分为“无人月球探测”、“载人登月”和“建立月球基地”三个阶段。 　　发射人造地球卫星、载人航天和深空探测是人类航天活动的三大领域。重返月球，开发月球资源，建立月球基地已成为世界航天活动的必然趋势和竞争热点。开展月球探测工作是我国迈出航天深空探测第一步的重大举措。实现月球探测将是我国航天深空探测零的突破。月球已成为未来航天大国争夺战略资源的焦点。月球具有可供人类开发和利用的各种独特资源，月球上特有的矿产和能源，是对地球资源的重要补充和储备，将对人类社会的可持续发展产生深远影响。中国探月是我国自主对月球的探索和观察，又叫做嫦娥工程。 　　我国一贯主张以和平的目的探索月球和外层空间，扩展和深化对地球和宇宙的认识；一贯主张和平利用月球资源和外空资源，促进人类文明和社会发展，造福全人类。我国开展月球探测活动，就是遵循我国政府发展航天技术的一贯的宗旨，为了促进科技发展，推动社会进步而进行的。实施月球探测工程，具有经济、科技和国家发展战略等方面的重大意义。 　　实施月球探测工程，可以充分展示综合国力，增强民族凝聚力。将带动和促进我国基础科学和高科技的发展，为人类开发利用月球资源做准备；将促进深空探测活动的发展，促进我国经济可持续发展，促进空间天文观测和研究的深入，推动我国航天领域的国际合作。

【解析】我国的探月计划“嫦娥工程”是由国务院批准并立项的；我国的探月工程分为“绕”、“落”、“回”三步走战略，并计划在月球上建立研究基地。 此题主要考查了同学们上网搜集信息以及整理信息的能力，通过解答此题，要求同学们了解物理学在科技上的应用，知道我国在航天事业的最新成果。

34.【答案】解： （1）在第一阶段运动中，重物浸没在水中，则重物排开水的体积： V排=V=Sh=0.05m2×0.2m=0.01m3， 水对重物的浮力：F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.01m3=100N； （2）在第二阶段，从重物上表面刚露出水面到其下表面刚离开水面，用时t2=4s，此过程中上升的高度为物体的高h， 则重物上升的速度：v===0.05m/s； 由v=可得，第一阶段重物上升的高度s=vt1=0.05m/s×40s=2m， 绳对重物做的功：W=F1s=140N×2m=280J． （3）第一阶段，重物浸没在水中，动滑轮对物体的拉力F1=140N， 有用功：W有用1=F1h， 不计绳重、轮与轴之间的摩擦及水的阻力，总功：W总1=（F1+G动）h， 此时的机械效率：η1====×100%=70%； 由于第一阶段中绳对重物的拉力F1=G-F浮，则物重G=F1+F浮=140N+100N=240N， 第三阶段，重物离开水面，有用功：W有用3=Gh， 不计绳重、轮与轴之间的摩擦及水的阻力，总功：W总3=（G+G动）h， 该过程中滑轮组的机械效率： η3====×100%=80%． 答：（1）在第一阶段运动中，水对重物的浮力F浮为100N； （2）在第一阶段运动中，绳对重物做功W1为280J． （3）滑轮在第一阶段运动中的机械效率η1和在第三阶段运动中的机械效率η3分别为70%、80%．

【解析】（1）未露出液面，此时金属块排开水的体积与金属块的体积相等，由阿基米德原理可求出金属块的浮力； （2）当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，根据第一阶段和第二阶段升高所用的时间求出重物在第一阶段运动中金属块升高的高度，利用W=Fs求出绳对重物做的功． （3）第一阶段，重物在水中，知道滑轮组对物体的拉力F1，有用功W有用1=F1h，不计绳重、轮与轴之间的摩擦及水的阻力，总功W总1=（F1+G动）h，利用效率公式求机械效率； 由于第一阶段绳对重物的拉力F1=G-F浮，可求滑轮重力G．第三阶段重物离开水面，有用功W有用3=Gh，不计绳重、轮与轴之间的摩擦及水的阻力，总功W总3=（G+G动）h，利用效率公式求机械效率． 本题考查了阿基米德原理、速度和机械效率公式和公式变形的应用，难点是第二阶段，从重物上表面刚露出水面到其下表面刚离开水面所用的时间求出上升的速度，会用称重法计算出金属块的重力．

35.【答案】解：(1)∵P=9.0×l05Pa，S=30cm2=30×10-4m2， ∴燃气对活塞的平均压力为：F=PS=9.0×lO5Pa×30×10-4m2=2700N． (2)∵S=50mm=0.05m， ∴一个做功冲程中燃气对活塞做的功：W=FS=2700N×0.05m=135J． (3)飞轮每转两圈对外做功一次，所以飞轮转动1800周，要对外做功900次， ∴燃气对活塞做的总功为：W总=W×900=135J×900=121500J， 而t=1min=60s， ∴汽油机的功率为：P===2025W． 答：(1)做功冲程中燃气对活塞的平均压力为2700N． (2)一个做功冲程中燃气对活塞做的功为135J． (3)汽油机的功率为2025W．

【解析】(1)知道燃气的平均压强和活塞的面积，可利用公式F=PS计算出平均压力的大小． (2)知道活塞在气缸中移动的距离，可利用公式W=FS计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功． (3)飞轮(曲轴)每转两圈对外做功一次，计算出飞轮转动1800周对外做功的次数，已经计算出一个做功冲程燃气对活塞做的功，从而可以计算出燃气对活塞做的总功，又知道做功的时间，可利用公式P=计算出汽油机的功率．

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