2021-2022学年重庆市八年级（下）期末物理试卷
（时间90分钟，满分100分）
题号 一 二 三 四 五 总分 得分
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
宇宙飞船在进入预定轨道并关闭发动机后，在太空运行．在这艘飞船中，宇航员用天平测物体的质量，下列说法正确的是（ ）
A. 可以测出质量，但测量值要变小 B. 可以测出质量，测量值不变 C. 不能测出质量，因为物体失去了重力 D. 不能测出质量，因为物体失去了质量
下列关于力和运动的说法中正确的是（（ ）
A. 物体运动状态发生改变，一定受到力的作用 B. 抛出去的篮球会在空中继续运动是因为受到脚的推力 C. 用力推桌子，桌子静止不动，因为推力小于摩擦阻力 D. 踢出去的足球在地上越滚越慢，说明物体的运动需要力来维持
连通器在生产、生活中有着广泛的应用，下列说法错误的是（ ）
A. 水壶和壶嘴组成连通器 B. 锅炉与外面的水位计组成连通器 C. 闸室与下游组成连通器 D. 压强计的 u型管带探头的一侧和另一侧组成连通器
如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水中开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处（不考虑水的阻力），图乙是绳子拉力F随时间t变化的图象，根据图象信息，下列判断正确的是（ ）
A. 浸没在水中的金属块受到的浮力大小是20N B. 该金属块的密度是3.4×103kg/m3 C. 在t1至t2金属块在水中受到的浮力逐渐增大 D. 该金属块重力的大小为34N
下列关于中考体育加试项目中，说法正确的是（ ）
A. 脚带足球绕杆一利用了物体间力的作用是相互的 B. 立定跳远一利用了人受到惯性 C. 实心球离开手后在空中飞行一有力对实心球做功 D. 100米跑一监考教师通过相同时间比较路程的方法判断运动快慢
如图所示的工具中，生活中正常使用时属于费力杠杆的是（ ）
A. 瓶起子开启瓶盖 B. 核桃夹子压碎核桃 C. 钳子剪短钢丝 D. 筷子夹菜
下列实例中，人对物体做功的是（ ）
A. 人推车，车未动 B. 举重运动员将杠铃举起 C. 学生背着书包在水平路面上匀速前进 D. 足球被踢后，在草地上滚动一段距离
2021年5月15日，中国火星探测器“天问一号”成功着陆火星，如图所示为巡视器减速下降到火星表面的过程，下列关于它的机械能变化情况分析正确的是（ ）
A. 动能增大，重力势能减小，机械能不变 B. 动能减小，重力势能增大，机械能不变 C. 动能增大，重力势能增大，机械能增大 D. 动能减小，重力势能减小，机械能减小
如图所示为等刻度的轻质杠杆，在A处挂一个重为2牛的物体，若要使杠杆在水平位置平衡，则在B处施加的力（ ）
A. 可能是2牛 B. 可能是0.5牛 C. 一定是1牛 D. 一定是4牛
如图所示，用滑轮组在1s内将重为10N的物体沿竖直方向匀速提升0.2m，作用在绳端的拉力F为4N，不计绳重和轮轴摩擦，以下计算正确的是（ ）
A. 拉力?F?的功率为?2W B. 滑轮组的有用功2.4J C. 动滑轮的重力2N D. 滑轮组的机械效率为?80%
如图所示，一个重为600N的物体，通过滑轮组在25N拉力作用下匀速直线运动了2m。已知物体受到的滑动摩擦力为60N，这过程中，结果错误的是（ ）
A. 绳子自由端移动了6m B. 拉力做了150J的功 C. 滑轮组的额外功为120J D. 该滑轮组的机械效率为80%
大桥施工期间，要向江中沉放大量的施工构件。假设一正方体构件被缓缓吊入江水中如图甲模型图（忽略江面水位变化）。在沉入过程中，其下表面到水面的距离为h，随着h的增大，正方体构件所受浮力F1、钢绳拉力F2的变化如图乙所示。下列判断正确的是（ ）
A. 浮力F1随h变化的图线是图乙中的①图线 B. 构件的密度为2.5×103kg/m3 C. 构件所受的最大浮力为1.2×105N D. 此构件的重力为2.4×105N
二、填空题（本大题共9小题，共18.0分）
小杨在家中烧汤时在汤里放入了适量的味精，整个汤的味道变得更加鲜美，这一现象说明分子在做______这种运动会随温度的升高而______（填加剧或减缓）。
如图记录了两辆汽车在平直的公路上行驶时，在相同的时间内通过的路程．在0～40s这段时间内，甲图中汽车速度大小与乙图中汽车的平均速度大小相比，v甲 ______ （选填“＞”“＜”或“=”）v乙；在这段时间里，如果考虑空气对汽车运动的影响，乙图中汽车对地面的压力______ （选填“越来越大”、“保持不变”或“越来越小”）；如果乙图中发动机对汽车牵引力的大小不变，则丙图中能正确反映汽车发动机的功率随时间变化的图象是______ ．
一辆重200N的购物车停放在水平地面上，当受到10N的水平推力，购物车恰好做匀速直线运动，此时购物车受到的摩擦力______（选填“大于”、“等于”或“小于”）10N；当水平推力增大到12N时，购物车所受合力的大小为______N。
如图所示是某航模兴趣小组操控的一架重20N的小型无人机，让其在10s内匀速水平前进了10m，竖直下降了10m，该无人机在水平前进时重力做功______J，在10s内，该无人机重力做功的功率是______W。
如图所示，小科将一枚飞镖正对靶心的位置水平投向竖直悬挂的把盘，假设飞镖运动过程中所受空气阻力不计，分析井回答下列问题。 （1）为了让飞镖更容易钉在靶盘上，除了将飞镖头做得很尖，还可以______。（写出一条即可） （2）飞镖离开手后在空中飞行过程中，下列说法正确的有______。 ①飞镖受到惯性作用 ②飞镖的机械能守恒 ③手对飞镖做功 ④飞镖将落在靶心下方 ⑤飞镖受到平衡力的作用 ⑥飞镖到达靶盘时的速度大于离开手时的速度
维修时，一工人师傅用液压千斤顶就能顶起汽车，液压千斤顶主要利用了______ 原理；在河流上修建拦河坝时，为了保证航道的畅通，人们修筑了船闸，这是利用了______ 的原理．
如图是我国马鞍山号导弹护卫舰（054型反潜护卫舰的一号舰）编号：525，是中国第一型真正形成量产的隐身护卫舰，该舰拥有较强的防空及反舰能力．航号525的首舰于1999年12月在上海沪东厂开工，2003年9月11日下水，命名为马鞍山号，满载排水量：4000吨．请计算这艘舰在满载时所受的浮力为______ N．
如图所示，可绕O点转动的轻质杠杆OA，其中点B处挂一重力为100N的物体在A处施加竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，则拉力F大小为______，若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，拉力F大小将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）
如图，在水平地面上铺一张方格纸，质量为50Kg的人左脚单脚站立时，在方格纸上留下的鞋底贴地部分的轮廓．每一个方格的面积为4×10-4m2，数方格时，超过半格的算一格，不足半格的忽略不计，请回答：此人双脚站立时，与地面接触面积大约是______ m2，对地面的压强大约是______ Pa．（取g=10N/Kg）
三、作图题（本大题共2小题，共2.0分）
在车站广场上，常常看见人们将旅行包B平放在拉杆箱A上，如图甲所示。当作用在箱子上的水平推力FA=20N时，A、B一起做匀速直线运动。将旅行包B看成一个有质量的点，如图乙所示，请在图乙中画出匀速直线运动过程中B的受力示意图。
杠杆OAB在图中位置平衡在B点画出能使杠杆平衡的最小动力及其力臂．
四、实验探究题（本大题共4小题，共21.0分）
（一）小红和小明做了“探究影响压力作用效果的因素“实验，他们设计了如图甲乙丙所示的三次实验。 （1）实验中他们是通过观察______ 来比较压力的作用效果的。 （2）实验中运用到的主要探究方法是______ 和______ 。 （二）在探究“二力平衡条件”的实验中，实验装置如图丁所示。 （1）实验目的是探究木块在水平方向上所受两个拉力F1、F2的关系。实验中，木块应该处于______ 状态。 （2）实验中，保持F1和F2相等，用手将木块扭转一个角度，松手后，木块将无法在这个位置平衡，设计这一步骤的目的是：探究二力平衡时，两个力必须满足：______ 。 （3）实验总结中，老师指出桌面越光滑越好，这样就可以减小______ 力对实验的影响，小明想到，用有轮子的小车代替木块进行实验效果更好，原因是：______ 。
物理课上，老师随手用身边海绵和矿泉水来探究“压力的作用效果与哪些因素有关”的实验。本实验是通过观察海绵的______来比较压力的作用效果的。现用两瓶完全相同的新矿泉水分别正立和倒立放在海绵上，如图甲和乙所示，得到结论：当压力一定时，______越小，压力作用效果越明显。如果想探究压力的大小对力的作用效果的影响，只需将甲内水倒掉一部分后______（选填“正”或“倒”）放即可。
在研究液体压强的实验时，进行了如图所示的操作： （1）图①和②是探究液体压强与______有关。 （2）通过图②和③的探究，同种液体，同一深度，液体向各个方向压强______。 （3）图③和④是探究液体压强与______的关系。
如图所示是小李同学做“验证阿基米德原理”实验的情景。弹簧测力计的示数F1、F2，其中能表示物体重力大小是______，由实验中弹簧测力计示数的变化可知物体所受浮力大小为______，物体排开液体体积为______，若用ρ液表示所用液体的密度，为验证阿基米德原理只需要比较浮力大小与______的大小关系（均用图中测得物理量的符号表示）。
五、计算题（本大题共3小题，共23.0分）
如图甲所示，水平地面上有一块密度ρ=0.5×103kg/m3、高h=1.2m的长方体木块。工人把木块向前匀速推动所需要的水平推力F=600N．求： （1）地面对木块的摩擦力； （2）木块静止时对地面的压强； （3）如果长方体底面积S=0.5m2，要把水平面上另3块相同的木块叠放在其上方，如图乙所示，要克服重力做多少功？
小明利用如图所示的滑轮组提升重为400N的重物，重物匀速上升了5m历时2s， 小明拉绳的拉力为250N，求： （1）小明做的有用功； （2）拉力做功的功率； （3）滑轮组的机械效率。
在2008年5月24日四川汶川抗震救灾中，一架沿水平直线匀速飞行的直升机用悬索将质量为13.2t的大型机械吊到唐家山堰塞湖坝顶的情景如图所示，g取10N/kg。 求：①这台大型机械的重力； ②悬索对大型机械的拉力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解： 质量是物体所含物质的多少，它不随物体的位置的改变而改变．虽然宇宙飞船上物体的质量与地球上的质量一样大，但由于宇宙飞船上的所有物体都处于失重状态，因此，在运行的宇宙飞船中根本无法用天平测物体的质量． 故选C． 太空中物体处于失重状态，但此时的质量却并不改变，只是质量的测量需要利用重力来进行，所以虽然物体有质量，却无法通过测量得出． 测量质量需借助物体的重力来进行，有质量并不一定能测出来，而测不出来也并不表示没有，因此，深入理解质量的含义才不至于搞错．
2.【答案】A
【解析】解：A、力是改变物体运动状态的原因，一个物体运动状态发生改变，一定受到力的作用，并且受到非平衡力作用，故A正确； B、抛出去的篮球会在空中继续运动是因为篮球具有惯性，继续保持原来的运动状态不变，故B错误； C、用力推桌子，桌子静止不动（处于平衡状态），水平方向上桌子受到的推力和摩擦力平衡，则二力的大小相等，故C错误； D、踢出去的足球在地上越滚越慢，是因为受到摩擦阻力的作用，改变了它的运动状态，不能说明物体运动需要力来维持，故D错误。 故选：A。 （1）力是改变物体运动状态的原因； （2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性； （3）静止的物体和匀速直线运动的物体受到的力相互平衡； （4）物体的运动不需要力来维持。 本题考查了惯性、平衡力、力的作用效果等，属力学基础题；要明确力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因。
3.【答案】D
【解析】解：A、水壶和壶嘴组成连通器，水壶是利用连通器的原理制成的，本选项不符合题意； B、锅炉与外面的水位计组成连通器锅炉水位计是利用连通器的原理制成的，本选项不符合题意； C、闸室与下游组成连通器，船闸也是利用连通器的原理工作的，本选项不符合题意； D、压强计的U型管带探头的一侧是不开口的，所以压强计的U型管带探头的一侧和另一侧不组成连通器． 故选D． 根据连通器：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的． 本题考查生活中常见的连通器原理的应用，同时干扰选项涉及到大气压的应用，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用．此点中考出现概率很高．
4.【答案】A
【解析】解： （1）当金属块完全露出液面时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段， 则由图可知，该金属块重力为：G=F拉=54N，故D错误； （2）当金属块未露出水面时，即为图中的AB段， 由图可知，此时绳子的拉力为34N， 则金属块浸没时受到的浮力为：F浮=G-F拉=54N-34N=20N，故A正确； 由F浮=ρgV排可得，金属块的体积： V金=V排===0.002m3， 由G=mg可得，金属块的质量： m===5.4kg， 金属块的密度： ρ===2.7×103kg/m3，故B错误； （3）由图可知，绳子的拉力在t1至t2时间段内逐渐变大， 由F浮=G-F拉可知，浮力逐渐变小，故C错误。 故选：A。 分析绳子拉力随时间t变化的图象，当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，但未露出液面，此时金属块排开水的体积不变，由阿基米德原理可知，此时的浮力不变，绳子的拉力也不变，即为图中的AB段。 （1）当金属块完全露出水面时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，据此求出金属块重； （2）当金属块未露出液面时，拉力等于重力减去浮力，据此求金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求金属块排开水的体积（金属块的体积），知道金属块的重，利用重力公式求金属块的质量，最后利用密度公式求金属块的密度； （3）首先判断在t1至t2时间段拉力的变化，再利用公式F浮=G-F拉判断浮力的变化。 本题考查了重力、浮力、质量、密度的计算以及阿基米德原理的应用，难点是通过图乙确定金属块的重力及绳子受到的拉力、会用称重法计算金属块受到的浮力。
5.【答案】C
【解析】解：A、脚带足球绕杆，足球的运动状态不断变化，是因为受到了力的作用，利用了力是改变物体运动状态的原因，故A错误； B、立定跳远，起跳时他用力向后蹬地，因为物体间力的作用是相互的，地面也会对脚产生力的作用，就能向前运动，这是利用了物体间力的作用是相互的，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是力，不能说受到惯性作用，故B错误； C、实心球离开手后在空中飞行，受到了重力的作用，在重力的方向上通过距离，所以重力对实心球做了功，故C正确； D、100米跑，监考教师是通过相同路程比较时间的方法判断运动快慢的，故D错误。 故选：C。 （1）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态； （2）物体间力的作用是相互的； （3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可； （4）比较物体运动快慢的基本方法有三种： 在时间相同的情况下比较运动路程的长短，路程长的运动的快； 在路程相同的情况下比较运动时间的长短，运动时间短的运动的快； 在运动时间和路程都不相同的情况下，比较单位时间内通过的路程，单位时间内通过路程长的运动的快。 此题考查了物体间力的作用是相互的、惯性、力的作用效果、力是否做功的判断、比较运动快慢的方法等，涉及到的知识点多，综合性强，对概念正确的理解是解题的关键。
6.【答案】D
【解析】解： A、瓶起子在开启瓶盖时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A不符合题意； B、核桃夹子在压碎核桃时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意； C、钳子在剪短钢丝时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意； D、筷子在夹菜时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D符合题意。 故选：D。 结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 本题考查了杠杆的分类和特点，杠杆包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
7.【答案】B
【解析】解：A、人推车，车未动，有力无距离。故不做功，不合题意； B、举重运动员将杠铃举起，有力有距离，并且力和距离相互对应，故做了功，符合题意； C、学生背着书包在水平路面上匀速前进，有力存在但力的方向上无移动的距离。故不做功，不合题意； D、人足球被踢后，由于惯性在草地上滚动一段距离，此时人没有力作用在足球上，所以人没有对足球做功，不合题意。 故选：B。 做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可 本题考查了力是否做功的判断方法，关键是看力和距离的对应性，二者必须有因果关系才行。
8.【答案】D
【解析】解：巡视器减速下降过程中，其质量不变，速度变慢，故动能变小；同时其质量不变，高度变小，所以重力势能变小；机械能等于动能与重力势能之和，故机械能减小，故D正确。 故选：D。 影响动能的因素有物体质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大；影响重力势能的因素有质量和高度，高度越高、质量越大，重力势能越大；机械能是动能和势能的总和。 知道动能和重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。
9.【答案】A
【解析】解：设杠杆每一格长度是L， 当B处的作用力与杠杆垂直时，力臂最大，此时作用力最小， 由杠杆平衡条件可得：FALA=FB最小LB，即：2N×2L=FB最小×4L， 则FB最小=1N，当作用在B处的力与杠杆不垂直时，力臂小于4L， 作用力大于1N，因此要使杠杆平衡，作用在B处的力F≥1N，故BCD错误、A正确。 故选：A。 根据杠杆平衡的条件和杠杆中最小力的问题进行分析，在B点施加的力的方向不同、力臂不同，用力的大小不同，支点与力的作用点的连线为最长力臂时用力最小。 知道杠杆平衡的条件，会根据杠杆平衡的条件分析杠杆中最小力的问题。
10.【答案】C
【解析】解： A、由图可知n=3，则绳子自由端移动的距离：s=nh=3×0.2m=0.6m， 拉力做的功为：W总=Fs=4N×0.6m=2.4J， 拉力的功率为：P===2.4W，故A错误； B、有用功：W有用=Gh=10N×0.2m=2J，故B错误； C、不计绳重和摩擦，拉力F=（G动+G）， 动滑轮的重力：G动=nF-G=3×4N-10N=2N，故C正确； D、滑轮组的机械效率： η=×100%=×100%≈83.3%，故D错误。 故选：C。 （1）由图可知n=3，根据s=nh可求绳子自由端移动的距离，已知拉力大小，可求拉力做的功（总功），根据P=计算拉力的功率； （2）知道物体重和物体升高的高度，利用W=Gh求有用功； （3）不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力F=（G动+G），据此求动滑轮重； （4）η=×100%求此时滑轮组的机械效率。 本题考查了使用滑轮组中有用功、总功、功率、机械效率及动滑轮重等的计算，有一定综合性。
11.【答案】C
【解析】解： A、由图知，n=3，拉力端移动距离： s=3s物=3×2m=6m，故A正确； B、拉力做的功（总功）： W总=Fs=25N×6m=150J，故B正确； C、拉力做的有用功： W有用=fs物=60N×2m=120J， 使用滑轮组做的额外功： W额=W总-W有用=150J-120J=30J，故C错误； D、滑轮组的机械效率： η==×100%=80%，故D正确。 故选：C。 （1）由图知，n=3，拉力端移动距离等于物体移动距离的3倍； （2）利用W=Fs求拉力做的功（总功）； （3）利用W=fs物求拉力做的有用功，使用滑轮组做的额外功等于总功减去有用功； （4）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。 本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，注意水平使用滑轮组时，克服摩擦做的功为有用功。
12.【答案】B
【解析】解：（1）由图可知，构件在浸入水中的过程是排开的水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排知浮力逐渐变大；当构件浸没后排开水的体积不变，所以浮力不变，因此浮力F1随h变化的图线是图乙中的②；故A错误； （2）从乙图中可以看出，当构件完全浸没时受到的浮力小于1.2×105 N；故C错误； （3）从乙图中可以看出，构件刚好完全浸没时，h=2m即其边长为：a=h=2m， 此时构件排开水的体积为：V排=V=a3=（2m）3=8m3，拉力F2=1.2×105N；则有：F浮=G-F2， 即：ρ水gV排=ρgV-F2，由此可得：1×103kg/m3×10N/kg×8m3=ρ×10N/kg×8m3-1.2×105 N 解得：ρ=2.5×103kg/m3，故B正确； （4）由ρ=可得构件的质量为：m=ρV=2.5×103kg/m3×8m3=2×104kg， 构件的重力为：G=mg=2×104kg×10N/kg=2×105N；故D错误。 故选：B。 （1）先分析构件下沉过程中，排开水的体积变大，因此构件受到的浮力变大，当构件排开水的体积不变时，构件受到的浮力也不再改变； （2）当构件全部浸没时，排开水的体积最大，则构件受到的浮力最大；从乙图中可以判断出最大浮力的范围； （3）根据图中可知构件完全浸没时的拉力，此时构件受到的浮力、重力以及拉力的关系为F浮=G-F2，然后将密度和体积代入可得ρ水gV排=ρgV-F2，将已知数据代入即可求出构件的密度。 （4）当构件完全浸没时的高度则为构件的边长；根据密度公式求得其质量，然后可求得其重力。 本题考查了阿基米德原理的应用，本题的重点是能从图中得出相关信息是本题的关键，难点是利用浮力、拉力以及构件重力的关系求构件的密度。
13.【答案】无规则的运动? 加剧
【解析】解：烧汤时在汤里放入了适量的味精，味精分子扩散到水中，使汤的味道变得更加鲜美，说明分子在做无规则的运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈； 故答案为：无规则的运动；加剧。 一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，且温度越高，分子运动越快。 本题考查了对分子无规则运动的掌握，属于基础知识的考查。
14.【答案】=；越来越小；A
【解析】解：（1）图中所示在0～40s这段时间内，甲图中汽车和乙图中汽车运行的路程都是1200m，在相等的时间内通过的路程是相等的，所以根据公式v=得，甲图中汽车的速度等于乙图中汽车的速度； （2）空气从汽车的前方分开，到车尾汇合，所用的时间相同，而S上＞S下．据公式：v=可知：v上＞v下，即车子上方空气的流速大于车子下方空气的流速，在流体中，流速越大的位置压强越小，所以车子上方气体的压强小于车子下方气体的压强，所以汽车速度越快获得向上的升力越大，由此可知汽车对地面的压力越来越小； （3）乙图中所示汽车随汽车运动时间的增加速度在不断增加，根据公式P=Fv可得，汽车发动机的功率随时间增加而增加，故A图符合题意． 故答案为：=；越来越小；A． （1）根据速度公式v=分析甲汽车和乙汽车的速度大小特点； （2）空气从汽车的前方分开，到车尾汇合，所用的时间相同．由汽车的形状可知车上方空气走的路程大于车下方空气走的路程．根据速度的计算公式v=可知，车子上方空气的流速与车子下方空气的流速的大小关系；根据流体压强的特点可判断汽车上下方气体压强的大小，从而判断压力的变化； （3）根据公式P=Fv分析功率随时间的变化图象． 本题考查平均速度的计算及流体压强与流速的关系及功率，此题属于中等题．
15.【答案】等于? 2
【解析】解：购物车受10N的水平推力时，恰好做匀速直线运动，所以此时摩擦力与推力是一对平衡力，二力的大小相等，则这时购物车受到的摩擦力等于10N； 当水平推力增大到12N时，购物车对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力的大小不变，仍为10N，此时购物车所受合力的大小为：F合=F′-f=12N-10N=2N； 故答案为：等于；2。 （1）掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； （2）掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度；根据同一直线上二力合成的规律可得出合力的大小。 此题考查了二力平衡条件的应用、摩擦力大小的判断、力的合成的分析等，有一定综合性，但难度不大。
16.【答案】0? 20
【解析】解：该无人机在水平前进时没有在重力的方向上通过距离，所以没有重力做功，即做功为0J； 无人机重力做功为：W=Gh=20N×10m=200J； 无人机重力的功率：P===20W。 故答案为：0；20。 根据做功的条件分析水平前进时重力所做的功；已知无人机重力，然后用公式W=Gh计算重力所做的功；已知时间，用公式P=求功率。 本题考查了功的公式和功率公式的应用，难度不大，属于基础知识。
17.【答案】用力抛出飞镖? ④⑥
【解析】解：（1）可以用力抛出飞镖，通过增大压力大小来增大压强，让飞镖更容易钉在靶盘上； （2）①惯性是物题本身的一种性质，不能说受到惯性作用，故①错误； ②飞镖在空中飞行的过程中受到增加，动能增加，高度不变，重力势能不变，机械能增加，故②错误； ③飞镖离开手后在空中飞行过程中，不再受到手的推力，即是靠惯性向前运动的，所以人多飞镖不再做功，故③错误； ④飞镖在空中飞行过程中由于重力会向下运动，飞镖将落在靶心下方，故④正确； ⑤飞镖在空中飞行过程中做变速曲线运动，运动状态改变，受到非平衡力的作用，故⑤错误； ⑥由于重力作用且不计空气的阻力作用，飞镖到达靶盘时的速度大于离开手时的速度，故⑥正确。 故选：④⑥。 故答案为：（1）用力抛出飞镖；（2）④⑥。 （1）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力大小来增大压强； （2）惯性要保持原来的运动状态的性质，不能说受惯性作用； 机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。 做功的条件是：作用在物体上有力，且沿力的方向运动一段距离； 重力方向竖直向下； 物体处于静止或匀速直线运动状态时，处于平衡状态，受平衡力； 力是改变物体运动状态的原因。 本题考查了增大压强的方法、惯性、机械能守恒、做功的条件、重力的方向、平衡状态的判断以及力的作用效果等知识，是一道基础题，但难度不大。
18.【答案】帕斯卡；连通器
【解析】
【分析】 本题考查了学生对压强公式、帕斯卡原理、连通器的掌握和运用，属于基础题目。 ①液压千斤顶的工作原理是帕斯卡原理：密闭液体上的压强，能够大小不变地向各个方向传递，在一个小面积的活塞上施加一个很小的力，因为传递的是压强，根据压强公式得出在另一边的面积大的活塞上就会产生更大的力，即：能省力。 ②上端开口底部连通的容器叫连通器，船闸符合这一定义。 【解答】 解：（1）用于维修汽车的千斤顶利用了帕斯卡原理， 如右图，若左边活塞的面积为S1，右边的活塞面积为S2， ∵两边压强相等，p=， ∴=， ∴F2=， ∵S1＜S2， ∴F1＜F2，即使用千斤顶能省力． （2）船闸上端开口底部连通，符合连通器的原理； 故答案为：帕斯卡；连通器。??
19.【答案】4×107
【解析】解：该舰满载时所受浮力： F浮=G排=m排g=4000×103kg×10N/kg=4×107N． 故答案为：4×107． 知道导弹护卫舰满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力． 本题考查了学生对阿基米德原理的应用，解决此题的关键是正确理解排水量的含义．
20.【答案】50N? 不变
【解析】解：杠杆在水平位置保持平衡，由F1L1=F2L2可得，拉力的大小：F=G=×100N=50N； 若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，如下图所示： 杠杆该位置，OA′为动力臂，OB′为阻力臂，阻力不变为G， 因为△OB′D∽△OA′C， 所以OB′：OA′=OD：OC=1：2， 因为杠杆平衡，所以F′LOA′=GLOB′， 则F′==G=×100N=50N； 由此可知，力F的大小不变，故D错误。 故答案为：50N；不变。 （1）物体的重力为阻力，杠杆在水平位置保持平衡时，OB为阻力臂，OA为动力臂，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2求出拉力的大小； （2）画出动力和阻力的作用线，找出动力臂和阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况。 本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在B位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键。
21.【答案】4.32×10-2；11574
【解析】解：（1）从图可知，这只鞋印共有54个格， 所以，双脚站立时，与地面接触面积： S=2S1=2×54×4×10-4m2=4.32×10-2m2； （2）同学对地面的压力： F=G=mg=50kg×10N/kg=500N， 对地面的压强： p==≈11574Pa． 故答案为：4.32×10-2；11574． （1）先数出方格纸上脚印所占的格数，乘以每个方格的面积，就是这只鞋底的面积； （2）同学走路时对地面的压力等于自身的重力，根据G=mg算出其大小，进一步求出双脚与地面的接触面积，最后根据压强公式p=算出压强． 本题考查了压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力，重点是数出方格的个数．
22.【答案】解：旅行包B随拉杆箱A一起在水平面上做匀速直线运动，此时旅行包B只受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，且二力大小相等，据此画出运动过程中B的受力示意图如下：
【解析】当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，处于平衡状态，受平衡力，据此分析并画出旅行包B受到的力。 本题考查学生对物体受力分析的能力，并会用力的示意图表示力的作用点和方向。
23.【答案】解：由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在最左边，因此支点到杠杆的最右端作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向上，如下图所示：
【解析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离； （2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1l1=F2l2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小． 本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论．
24.【答案】海绵的凹陷程度? 控制变量法? 转换法? 静止? 二力在同一直线上? 摩擦? 滚动摩擦代替滑动摩擦可以减小摩擦力
【解析】解：（一）（1）实验中他们是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果的，属转换法的运用。 （2）压力的作用效果与压力和受力面积两个因素有关，在实验中还用到控制变量法；因此，实验中运用到的主要探究方法是控制变量法和转换法。 （二）在探究“二力平衡条件”的实验中， （1）实验目的是探究木块在水平方向上所受两个拉力F1、F2的关系，实验中，木块应该处于静止状态，即：使木块处于平衡状态。 （2）实验中，保持F1和F2相等，用手将木块扭转一个角度。则水平方向上作用在块上的两个力不在同一直线上，松手后，木块将无法在这个位置平衡。设计这一步骤的目的是：探究二力平衡时，两个力必须满足二力在同一直线上； （3）桌面越光滑越好，这样就可以减小摩擦力对实验的影响。用有轮子的小车代替木块进行实验效果更好，主要是因为：滚动摩擦代替滑动摩擦可以减小摩擦力。 故答案为：（一）（1）海绵的凹陷程度；???（2）压力相同，受力面积越小，压力作用效果越明显；（3）控制变量法；?转换法； （二）（1）静止；?（2）二力在同一直线上；（3）摩擦；滚动摩擦代替滑动摩擦可以减小摩擦力。 （一）（1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法； （2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法。 （二）（1）根据平衡的含义分析； （2）实验中，保持F1和F2相等，用手将木块扭转一个角度。则水平方向上作用在块上的两个力不在同一直线上； （3）因研究F1和F2的关系，据此分析；滚动摩擦代替滑动摩擦可以减小摩擦力。 本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验和二力平衡实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
25.【答案】凹陷程度? 受力面积? 正
【解析】解：该同学通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，这是转换法的运用。 将两瓶完全相同的矿泉水分别正立和倒立放在海绵上，这样可以控制压力大小相同，改变受力面积的大小，从该实验中得出的结论是压力大小一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显； 要探究“压力的作用效果与压力大小的关系”，应控制受力面积相同，只改变压力的大小，故他只需要将图甲中的矿泉水倒掉一点，然后再正立放在海绵上与图甲对比，这是采用控制变量法，保持受力面积不变情况下改变压力的大小。 故答案为：凹陷程度；受力面积；正。 （1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法； （2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变；探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。 本题是探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法等方法的应用，体现了对过程和方法的考查。
26.【答案】深度? 相等? 密度
【解析】解： （1）图①和②中，液体密度相同，而深度不同，故是探究液体压强与深度有关。 （2）图②和③中，金属盒面的朝向不同，深度和液体相同，U形管两管液面的高度差相同，故得出：同种液体，同一深度，液体向各个方向压强相等； （3）图③和④中深度相同，而液体密度不同，故是探究液体压强与密度的关系。 故答案为：（1）深度；（2）相等；（3）密度。 液体压强与液体的密度和深度有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外一个因素不变； 液体内部压强通过U形管两管液面的高度差来显示，采用了转换法。 本题研究液体压强的实验，考查控制变量法和转换法的运用。
27.【答案】F1? F1-F2? V2-V1? ρ水g（V2-V1）
【解析】解：（1）物体在空气中静止时，物体受到的重力和弹簧测力计拉力是一对平衡力，所以弹簧测力计的示数F1表示物体的重力； （2）物体浸没在水中静止时，受到的重力等于物体受到的浮力和拉力之和，所以实验中弹簧测力计的两次示数差（F1-F2）表明了物体受到的浮力； （3）物体排开液体的体积为量筒中液面的两次示数差为：V2-V1； （4）浮力的大小F浮=ρ水gV排=ρ水g（V2-V1），为验证阿基米德原理只需要比较浮力大小与物体排开的液体的重力的大小。 故答案为：F1；F1-F2；V2-V1；ρ水g（V2-V1）。 （1）物体在空气中静止时处于平衡状态，受到的重力和弹簧测力计的拉力是一对平衡力，二力大小相等； （2）物体的重力减去物体浸没时弹簧测力计的示数即为物体受到的浮力； （3）量筒内两次液面之差即为物体排开水的体积，根据阿基米德原理求出物体受到的浮力。 该实验是验证阿基米德原理的实验，要搞清楚实验的目的，并掌握阿基米德原理的内容及称重法浮力的求法，难度不大，贵在理解。
28.【答案】解： （1）因为木块做匀速直线运动，所以木块受到的摩擦力与推力是一对平衡力，即f=F=600N； （2）木块是长方体，放在水平地面时，由p=====ρgh可知，对水平地面的压强： p=ρgh=0.5×103kg/m3×10N/kg×1.2m=6000Pa； （3）一块木块的重力： G=mg=ρVg=ρShg=0.5×103kg/m3×0.5m2×1.2m×10N/kg=3000N， 把水平面上另3块相同的木块叠放在其上方，如图乙所示，要克服重力做的功： W=Gh1+Gh2+Gh3=3000N×1.2m+3000N×2×1.2m+3000N×3×1.2m=2.16×104J。 答：（1）地面对木块的摩擦力为600N； （2）木块静止时对地面的压强为6000Pa； （3）把水平面上另3块相同的木块叠放在其上方，如图乙所示，要克服重力做的功为2.16×104J。
【解析】（1）物体处于平衡状态时受到的力就是平衡力，根据平衡力大小相等判断出摩擦力的大小； （2）木块放在水平地面时的压力和自身的重力相等，已知木块是长方体，则可利用p=ρgh求对水平地面的压强； （3）先根据密度公式和重力公式求出一块木块的重力，然后根据W=Gh求出克服重力做的功。 本题考查了学生对密度公式、重力公式、压强公式、功的计算公式的掌握和运用，关键掌握压强的变形公式p=====ρgh。
29.【答案】解：（1）小明做的有用功：W有=Gh=400N×5m=2000J； （2）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×5m=10m， 拉力做的总功：W总=Fs=250N×10m=2500J， 则拉力做功的功率：P===1250W； （3）滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=80%。 答：（1）小明做的有用功为2000J； （2）拉力做功的功率为1250W； （3）滑轮组的机械效率为80%。
【解析】（1）利用W有=Gh求有用功； （2）由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=求拉力做功的功率； （3）利用η=×100%求滑轮组的机械效率。 本题考查了使用滑轮组时有用功、功率和机械效率的计算，是一道基础题。
30.【答案】解： ①大型机械的质量：m=13.2t=1.32×104kg； 这台大型机械的重力： G=mg=1.32×104kg×10N/kg=1.32×105N； ②因为直升机吊着大型机械沿水平直线匀速飞行，所以大型机械受到悬索的拉力和大型机械的重力是一对平衡力， 则根据二力平衡条件可得悬索对大型机械的拉力： F拉=G=1.32×105N。 答：①这台大型机械的重力是1.32×105N； ②悬索对大型机械的拉力是1.32×105N。
【解析】①已知大型机械的质量，利用G=mg可以求得其重力； ②直升机吊着大型机械一起做匀速直线运动，所以大型机械处于平衡状态，受到平衡力的作用，根据二力平衡条件可得悬索对大型机械的拉力。 本题考查了重力的计算以及二力平衡条件的应用，计算时要注意单位换算。
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