2022年杨浦区初三物理一模答案1．C【详解】体积、质量和电阻都不是物体本身的特性，不能用来鉴别物质，密度是物体本身的一种特性，可以用密度来
鉴别物质；故选C。2．C【详解】研究得出“导体中电流与电压的关系”的科学家是欧姆，规律叫欧姆定律，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。3．B【详解】A．密度计是利用物体浮沉条件工作的，故A不符合题意；B．茶壶的壶身和壶嘴是两个上端开口，下端相连的容器，是利
用连通器原理工作的，故B符合题意；C．抽水机是利用大气压来工作的，故C不符合题意；D．注射器在抽取药液时是利用大气压来工作的，故D
不符合题意。故选B。4．A【详解】A．尖锐的逃生锤尖是在压力一定时通过减小受力面积的方法来增大压强的，故A符合题意；BCD．较宽的
书包带、宽大的骆驼脚掌、有很多轮子的拖车均是在压力一定时通过增大受力面积的方法来减小压强的，故BCD项不符合题意。故选A。5．B【
详解】一张纸的重力约为0.05N，则70页练习册为35张，总重力约为G总=nG=35×0.05N=1.75N一张纸的面积约为0.0
6m2，则它对桌面的压强由计算可知，它对桌面的压强最接近35Pa，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。6．C【详解】小球漂浮在
酒精中，排开酒精的质量为0.2千克，根据物体的浮沉条件可知，小球的重力小球漂浮在水中，根据物体的浮沉条件及阿基米德原理可知，小球排
开水的重力小球排开水的质量故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。7．C【详解】AB．当开关S1、S2同时断开时，（a）电路图中R
1单独连入电路；（b）电路图中R2和R3串联。根据得，电流表A1和A2的示数为分别为据题知，即所以，。故AB错误；CD．当开关S1
、S2同时闭合时，（a）电路图中R1和R2并联；（b）电路图中R2被短路，R3被单独连入电路串联。根据得，电流表A1和A2的示数为
分别为据题知，即即R3的阻值相当于R1和R2并联的总电阻，所以，。故D错误，C正确。故选C。8．D【详解】A．由图可知，物体排开水
的体积的关系VA排＞VB排根据F浮=ρ水gV排可知物块受到的浮力F浮A＞F浮B故A错误；BC．相同的容器内水面相平，因为VA排＞V
B排所以容器内水的体积大小关系V甲＜V乙根据m=ρV可知，水的质量m甲＜m乙物块和容器的质量都相同，总质量等于容器、物块和水的质量
之和，所以总质量的关系m总甲＜m总乙由G=mg可知总重力的关系G总甲＜G总乙容器对地面的压力等于总重力，所以此时容器对地面的压力F
甲＜F乙容器的底面积相等，由可知，此时容器对地面的压强p甲＜p乙故BC错误；D．相同的容器内水面相平，根据p=ρ水gh可知水对容器
底部的压强p水甲=p水乙容器的底面积相等，根据F=pS可知水对容器底部的压力F水甲=F水乙故D正确。故选D。9．C【详解】A．由图
可知，电阻R1和变阻器R2并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A测量干路中的电流，电压表测量电源电压。当滑动变阻器的滑片P由
最右端向中间移动时，电压表V的示数不变，变阻器R2接入电路中的电阻变小，由可知通过R2的电流变大，由并联电路电流的规律可知电流表A
示数与电流表A1示数的差值等于通过R2的电流，所以电流表A示数与电流表A1示数的差值变大，故A不符合题意；B．因并联电路中各支路独
立工作、互不影响，所以滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，通过R2的电流变大，由并联电路的电流特点可知，干路电
流变大，即电流表A的示数变大，电流表A示数与电流表A1示数的比值变大，故B不符合题意；C．电压表V的示数不变，电流表A的示数变大，
所以电压表V示数与电流表A示数的比值变小，故C符合题意；D．电压表V的示数不变，电流表A1的示数不变，所以，电压表V示数与电流表A
1示数的比值不变，故D不符合题意。故选C。10．B【详解】由图示知，两个正方体的底面积及高度关系为S甲 度，甲、乙减少的重力分别为G1=m1g=ρ甲S甲?h，G2=m2g=ρ乙S乙?h据题意有ρ甲S甲?h=ρ乙S乙?h则有ρ甲S甲=ρ
乙S乙而甲、乙的质量m=ρSh所以m甲p乙故ACD
不符合题意，B符合题意。故选B。11． 220串联 并联【详解】[1]我国的供电标准中，家庭电路的电压为220V，所以上海地区家庭
照明电路电压为220V。[2]开关要与用电器串联来控制用电器工作，所以家用冰箱与控制它的开关之间是串联的。[3]家用冰箱与其它家用
电器的工作情况互不影响，它们之间是并联。12． 密度 阿基米德 压强【详解】[1]因为铝锂合金密度较小，根据知，在同体积的情况下，
密度小的质量轻。所以是应用了密度的知识。[2] 辽宁号航母满载时的质量约为6.5万吨，能平稳浮在海面上,就是采用空心的方法，根据阿
基米德知，这样可以使排开水的体积增大，从而增大浮力，使密度大于水的钢铁能漂浮在水面上。这主要应用了阿基米德原理。[3]在深海中海水
会产生很大的压强，但是潜水器能下潜至深海而不被压扁，因为它的外壳能承受海水产生的巨大压强。13． 重力 托里拆利 小【详解】[1]
大气受重力的作用且具有流动性，大气会处在其中的物体产生压强，叫大气压强，简称大气压。[2]意大利科学家托里拆利利用水银和长玻璃管进
行实验，首先测定了大气压强的值。[3]大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，大气越稀薄，大气压强越小。14． 大于 等于 小
于【详解】[1]导体电阻与导体材料、长度、横截面积有关，在材料与长度相等的情况下电阻与导体横截面积成反比；因为甲的电阻小于乙的电阻
，则甲的横截面积大于乙的横截面积；[2]并联电路两端的电压相同，则将它们并联后接入电路，则甲、乙两导体两端的电压相等；[3]串联电
路中国电流处处相等，将它们串联在电路中，根据U=IR可知则甲两端的电压小于乙两端的电压。15． 0.4???? 20???? 20
【详解】[1]根据得[2]根据得[3]导体的电阻是导体本身的属性，由长度、材料、横截面积、温度等因素决定，与电流、电压无关。故通过
该导体的电流变为100毫安，该导体的电阻为20欧。16． 增大 增大 不变【详解】[1][2]由图可知，R0和R串联，电流表测量电
路中的电流，电压表测量R两端的电压，当油量增加的过程中，滑片向下移动，R接入电路的电阻变大，由串联分压可知电阻R两端的电压变大，即
电压表V示数变大。[3]由串联电路电压的规律可知，电压表V示数变化量等于R0两端的电压变化量，由欧姆定律可知，R0两端的电压变化量
和电流表A示数变化量的比值等于R0的阻值，R0的阻值不变，则电压表V示数变化量与电流表A示数变化量的比值不变。17． 天平 14浮
力 排开液体所受重力【详解】[1]实验室中测量质量的工具是天平，所以，在“测定铝块的密度”实验中，用天平测量铝块的质量。[2]由图
知道，量筒的分度值是2mL，图示的体积是64mL，故铝块的体积为[3][4]浸在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体的体积以及液体
的密度有关系，在“验证阿基米德原理”实验中，进一步寻找它们之间的定量关系，需要验证浸在液体中的物体受到的浮力与它排开液体受到的重力
大小是否相等。18． 高度差 同种液体内部，深度越大，液体压强越大 其它液体 最大【详解】[1]探究液体内部压强与哪些因素有关的实
验中，探头所处的液体的深度不同，则U形管两边液面的高度差也不同，所以可以通过U形管两边液面高度差来判断液体内部的压强大小。[2]由
图示知，探头处于同一液体的深度越深，则U形管两边液面高度差越大，所以可得：在同一液体中，深度越深，液体压强越大。[3]为了避免实验
结论的偶然性，应换用其它液体再重复实验。[4]在连接电路进，滑动变阻器滑片应置于阻值最大的位置，从而起到保护电路的作用。19．见解
析【详解】由图可知，电阻R1、R2串联在电路中，电压表测量电阻R1两端的电压，闭合开关S，发现电压表示数始终为U0，即电压表示数等
于电源电压，如故障发生在R1上，则故障可能是R1断路，此时电压表串联在电路中，电压表测电源电压，如故障发生在R2上，则故障可能是R
2短路，此时电路中只有电阻R1，电阻R1两端的电压等于电源电压，即电压表示数等于电源电压，若是R1断路，电路处于断路状态，则开关断
开和闭合不会影响电流表示数，若是R2短路，开关断开的时候，电流表示数为零，开关闭合后，电路连通，电流表示数变大，综上可知，开关S闭
合前后电流表示数的变化情况及对应的故障是电流表A示数不变，则R1断路；电流表A示数变大，则R2短路。20． 见解析 见解析【详解
】（1）[1]不正确，由（a）（b）两图知，左侧活塞受到压力与右边活塞处产生的压力不相等。（2）[2]因为SA:SB:SC=1:2
:3，设SA=S、SＢ=2S、SＣ=3S。图2中右侧产生的压力F右与右侧活塞面积S右比值、左侧施加的压力F左与左侧活塞面积S左比值
分别为故能得出结论：。（3）[3]根据[2]的结论当左侧活塞施加一个很小的力，若比的大很多，比比值很大，就能产生很大的力，当，就能
顶起右侧较重的轿车。21．【详解】由题知，物体静止在水平地面上，所以压力大小等于物体的重力，即F＝G＝6N选标度为3N，压力的作用
点在地面上，方向垂直地面向下，如下图所示：22．【详解】由图知道，为了保证L1与L2串联，中间空缺处不能是电流表，也不能是电源，否
则会造成用电器的短路或并联，所以只能是电压表；电路中不能没有电源，故左边应是电源，故电路连接如下23．【详解】题目要求闭合开关，滑
片向右移动时，电流表示数变小，小灯泡亮度不变，所以灯泡要与变阻器并联，它们互不影响；因为电流表示数变小，所以电流表要串联在滑动变阻
器所在支路中，而变阻器的阻值要变大，所以变阻器的下方接线柱选A接线柱，A与电流表的负接线柱相连，C接线柱与灯泡的左接线柱相连，作图
如下所示：24．2.94N【详解】解：因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，物体受到的浮力答：物体受到的浮力为。25．
①5Ω；②10Ω~50Ω【详解】解：①如图两电阻并联，A1在支路，测R1的电阻，A在干路，测干路电流，电阻R1的阻值②当电流表示数
时，阻值最大，通过滑动变阻器R2的最小电流的最大阻值当电流表示数时，阻值最小，通过滑动变阻器R2的最大电流的最大阻值所以的阻值范围
为。答：① 电阻R1的阻值为5Ω；② 移动变阻器滑片P，在保证电路中各元件不损坏的情况下，连入电路R2的阻值范围为10Ω~50Ω。
26．（1）8V；（2）（a）不合理，正确过程见解析；（b）20Ω【详解】解：（1）由图知道，电压表测量的是R1两端的电压，由欧姆
定律知道，电阻R1两端的电压U1为（2）（a）不合理，因为若按题中计算结果，则通过R0的最大电流为即此电流值超过了滑动变阻器允许通
过的最大电流，不符合题意。当连入电路时，电路中最大电流为，所以R0两端最大电压为因为电压表最大示数相差2V，所以当连入时，伏，又因
为滑片能移至滑动变阻器两端，所以电源电压为（b）当连入时，电压表示数最大变化量为6V，所以定值电阻两端电压最小为此时电路中电流为此
时阻值最大，最大值为答：（1）电阻R1两端的电压8V；（2）（a）小杨的计算过程不合理，正确解析过程见解析；（b）滑动变阻器R2的
最大阻值20Ω。27．①5880Pa；②（a）；（b）【详解】解：（1）由知道，水对容器乙底部的压强（2）①根据题意知道, 此时两
容器对地面的压力相等，即所以，此时两容器的总质量相等即解得，所以，容器甲对地面的压强增加量 ②假设抽水前水的总体积为6V0，倒入甲
中水的体积为，乙中剩余水的体积为。若A未浸没或刚好浸没，则根据题意知道，两容器中水的深度 即由知道若A浸没，，则A的体积小于水的
体积，即两容器中水的深度分别是 即 ，由知道综上可知答：（1）水对容器乙底部的压强5880Pa；（2）①容器甲对地面的压强增加量是
。②p甲水与p乙水的大小关系是。28． 待测电阻 见解析 5.0Ω【详解】①[1]要探究待测电阻的阻值，需要测得待测电阻两端的电压
及通过的电流，所以电压表应并联在待测电阻两端。②[2]因为能通过变阻器的最大电流为1A，则电路中的电流不能超过1A，所以电流表所用
为小量程，对应分度值为0.02A，由图示知，其示数为0.24A。若电压表选用大量程，对应的分度值为0.5V，其示数为6V。根据 滑
动变阻器选用“10Ω?1A”规格时U总1=6V+0.24A×10Ω=8.4V选用“20Ω1A”规格时U总2=6V+0.24A×20
Ω=10.8V由于电源电压为1.5的整数倍，所以以上两种情况电源电压都不符合题意。若电压表所用为小量程，对应的分度值为0.1V，示
数为1.2V。根据滑动变阻器选用“10Ω1A”规格时U总3=1.2V+0.24A×10Ω=3.6V选用“20Ω1A”规格时U总4=
1.2V+0.24A×20Ω=6V由于电源电压为1.5伏整数倍，所以电源电压为6V。即电压表示数为1.2V。③[3]滑片在a处时变
阻器接入电路的阻值变小了，则两表的示数都变大，那么电压表示数为1.5V，电流表示数为0.3A，则29． h越大，F越小 与h成正比
见详解 柱体浸没了 5.2???? 5.2【详解】①[1]分析比较实验序号1~4（或6~8）数据，h越大，表明浸入液体的深度越大
，排开液体的体积越大，受到的浮力越大，重力一定，拉力越来越小，故h越大，F越小。②[2][3]假设柱体部分浸入液体时，液体密度为，
柱体下表面至液面的距离为h，柱体的底面积为S。物体浸在液体中受到三个力的作用：竖直向上的拉力和浮力、竖直向下的重力，物体处于平衡状
态，则物体所受浮力为即测力计示数的减小量等于物体所受浮力当、S相同时，与h成正比。③[4]由表二的数据，当时，物体受到的浮力为当、S相同时，与h成正比，序号9的数据中时，物体足够高，受到的浮力应为而根据表格数据可得实际的浮力为实验序号9的数据不适用于题②的结论，在h增加时，浮力没有继续增加，可能是因为实验序号9中物体已经浸没在液体中了，排开液体的体积不变，浮力就不再增加了。④[5]根据阿基米德原理，物体的体积是一定的，浸没在同种液体中受的浮力也是一定的，故浸没时受到浮力均为。当由表一的数据，当时，物体受到的浮力为当、S相同时，与h成正比，序号5的数据中时，物体足够高，受到的浮力应为由于浸没时受到浮力为，所以序号5的数据中物体已经完全浸没，故此时拉力为[6]实验序号9中物体已经浸没在液体中了，则实验序号10中h更大，也是浸没状态，所以浮力不变，拉力也不变，故。 |
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