2019北京市昌平区初二（下）期中物 理一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题3分）1．（3分
）在国际单位制中，功率的单位是（ ）A．帕斯卡（Pa）B．焦耳（J）C．瓦特（W）D．牛顿（N）2．（3分）国旗是中华人民共和国
的标志，代表着祖国的形象，学校每周都要举行升旗仪式，来增强师生的国旗意识，加深对祖国的认识和热爱。伴随着国歌声，国旗冉冉升起，师生
齐行注目礼。在旗杆顶端安装的主要升旗装置是（ ）A．定滑轮B．动滑轮C．滑轮组D．杠杆3．（3分）如图所示的用具中，属于费力杠杆
的是（ ）A．托盘天平B． 筷子C． 核桃钳D． 羊角锤4．（3分）下列关于功率的说法中，正确的是（ ）A．物体做功越多，功率
越大B．物体做功越快，功率越大C．物体做功时间越长，功率越大D．物体做功时间越短，功率越大5．（3分）下列关于功、功率、机械效率的
说法中正确的是（ ）A．功率越大，做功越快B．机械效率越大，做的有用功一定越多C．有力作用在物体上，力一定对物体做了功D．功率小
，机械效率也一定低6．（3分）图所示的四种情景中，人对物体做功的是（ ）A．用力搬石头但没有搬动B．用力推箱子但没有推动C．用力
拉使小车水平移动D．背着书包在水平面上移动7．（3分）下列现象分析正确的是（ ）A．春天冰雪消融是熔化现象B．夏天湿衣服很快变干
是液化现象C．秋天早晨的雾是汽化形成的D．冬天早晨的霜是凝固形成的8．（3分）下列措施中，能使蒸发减慢的是（ ）A．把盛有酒精的
瓶口盖严B．把湿衣服晾在通风向阳处C．用电吹风给湿头发吹风D．将地面上的积水向周围扫开9．（3分）2016年8月16日，我国用长征
二号丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星（简称“量子卫星”）“墨子号”发射升空，如图所示，火箭在加速上升的过程中（ ）A．动
能不变，重力势能增加，机械能增加B．动能增加，重力势能不变，机械能增加C．动能增加，重力势能增加，机械能增加D．动能不变，重力势能
不变，机械能不变10．（3分）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）匀速提起相同的重物并上升相同的高度。不计
绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）A．甲图省力，甲图所做的总功大B．甲图省力，甲、乙所做的总功一样大C．乙图省力，甲、乙所做的有
用功一样大D．乙图省力，乙图所做有用功大11．（3分）如图所示的滑轮（不计绳重和摩檫），把重150N的物体匀速提起，所用拉力为10
0N，则关于该滑轮的说法中错误的是（ ）A．滑轮重50NB．使用该滑轮提物体费距离C．该滑轮的机械效率恒为75%D．若用该滑轮匀
速提起重200N的物体，所用拉力为125N12．（3分）如图所示，金属小球从光滑轨道中的A点处由静止滑下，经过B点，到达最低点C后
，再沿轨道向上运动，若不计空气阻力，则下列说法中正确的是（ ）A．小球能沿轨道向上运动到E点处B．小球从A点加速下滑到C点时，重
力没有对小球做功C．小球到达C点时，它的动能最大，重力势能最小D．小球到达D点时的机械能大于它到达B点时的机械能13．（3分）用滑
轮组竖直向上提升物体，绳重、轮与轴的摩檫均可忽略不计时，影响滑轮组机械效率的因素有（ ）A．被提升物体匀速上升的速度B．滑轮组的
绕线方式C．被提升物体的重力D．动滑轮的重力14．（3分）在中国科技馆的展厅里，摆着一个如图所示，叫做“最速降线”的展品：两个并排
轨道的起点高度一样，终点高度也一样；一个是倾斜的直轨道，另一个是向下弯曲的弧形轨道。将甲、乙两个完全相同的小球同时分别从直轨道和弧
形轨道的起点释放，弧形轨道上的乙球先到达终点。若不计一切摩擦阻力，则关于两小球从起点至终点的运动过程中，下列说法正确的是（ ）A
．乙球的重力势能先变小后变大B．甲球所受重力对甲球做的功比乙球所受重力对乙球做的功少C．甲球所受重力对甲球做功比乙球所受重力对乙球
做功快D．甲球的动能一直变大15．（3分）一物体在水平拉力的作用下沿水平面运动，其运动的路程（s）与时间（t）关系如图所示，下列判
断正确的是（ ）A．物体8s时的速度小于2s时的速度B．前6s拉力对物体做的功大于后6s做的功C．前6s拉力对物体做功的功率小于
后6s做功的功率D．前6s物体所受的拉力大于后6s物体所受的拉力二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一
个．共10分，每小题3分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）16．（3分）如图为某物质熔化时温度随加热
时间变化的图象（加热装置的功率不变），从图中能得到的正确信息是（ ）A．该物质为晶体，熔点为10℃B．该物质熔化过程持续了4mi
nC．该物质在AB段的比热容比在CD段小D．该物质在B、C两点时温度、内能都相等17．（3分）如图（绳子和滑轮重不计）重为60N的
物体A，在10N的拉力作用下，物体在水平路面上以1m/s的速度做匀速直线运动6s，则（ ）A．物体A与水平路面间的摩擦力为120
NB．物体A与水平路面间的摩擦力为20NC．在6s内绳子自由端移动了12mD．在6s内绳子自由端移动了18m18．（3分）为“探究
杠杆平衡条件”小明组装了如图所示的实验装置，其中的杠杆是可绕中点转轴转动的轻质细杆，杆上相邻刻度线之间的距离都是相等的。图甲、图乙
中杠杆均处于水平平衡状态，实验中所用钩码质量均相同。下列四个选项中，判断正确的是（ ）A．挂钩码前，调节杠杆水平平衡时，发现杠杆
静止时左端向下倾斜。要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向左移B．若将图甲中挂在A、B两处的钩码各去掉一个，则杠杆左端将
下沉C．若将图甲中挂在A、B两处的钩码向靠近支点O移近1格，则杠杆右端下沉D．若将图乙中的测力计拉力由竖直向上改为斜向上，且保持杠
杆水平平衡，则测力计的示数将变大19．（3分）2022年第24届冬奥会将在中国的北京市和张家口市联合举行。如图所示为我国运动员在往
届冬奥会上参加不同比赛项目时顽强拼搏的英姿。下列说法中正确的是（ ）A．甲图中：速度滑冰运动员在水平冰道上加速冲刺的过程中，其机
械能增加B．乙图中：自由滑雪空中技巧运动员在空中下落的过程中，其重力势能逐渐减少C．丙图中：越野滑雪运动员在斜坡雪面上匀速向下滑行
的过程中，其机械能增加D．丁图中：运动员将冰壶推出后，人不再对冰壶做功，冰壶的机械能逐渐减少20．（3分）如图甲是小磊测动滑轮机械
效率的示意图。他用弹簧测力计拉动绳子自由端，将质量为200g的钩码从A位置匀速提升到B位置，同时弹簧测力计从图中的A′位置匀速竖直
上升到B′位置，在此过程中，弹簧测力计对绳的拉力为F，弹簧测力计的示数如图乙所示。请你根据小磊所做实验判断，下列说法中正确的是（
）（g取10N/kg）A．弹簧测力计示数为1.2NB．拉力F所做的功为24JC．此实验中动滑轮的机械效率约为83.3%D．若在动
滑轮下加挂钩码可提高机械效率三、实验解答题21．如图所示，O点为杠杆的支点，拉力F作用在杠杆B点。图中的线段 表示拉力F对支点
O的力臂L．（选填“OA”、“OB”或“AB”）22．在图中画出最省力的绳子绕法。23．小刚在“观察水的沸腾”实验中，根据实验数据
绘制了如图所示的温度随时间变化的图象。由图象可知：（1）将水从90℃加热到沸腾所需时间为 min。（2）水的沸点是 ℃。（
3）液面上方气压 1标准大气压。（4）若其它条件不变，继续对水加热1min，则水的温度将 。24．如图为“探究杠杆平衡条件
”的实验装置，请按要求完成下列问题：（1）如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 侧调节。实验中将杠杆调成水平平衡
的目的是 。（2）如图乙所示，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动 格，才可使杠杆
在水平位置再次平衡。25．如图是测滑轮组的机械效率的装置图。小东用弹簧测力计拉动绳子自由端，将重为2N的钩码从A位置匀速提升到B位
置，同时弹簧测力计从图中的A''位置匀速竖直上升到B''位置，在这个过程中，弹簧测力计示数为0.9N．请回答下列问题：（1）钩码上升的
距离为 m；（2）定滑轮受到绳子的拉力共为 N；（3）弹簧测力计的拉力F对绳所做的功为 J；（4）若再增加一个钩码，该
滑轮组的机械效率将 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。26．实验桌上有组装好的实验装置，如图所示，其中弹簧测力计的量程为0
～5N．另外还有质量均为50g的钩码六个（图中未画出）。小军计划用这些器材探究“用动滑轮提升重物时，如果动滑轮的机械效率不变，有用
功越大，则总功越大”。小军的实验主要步骤如下：①在动滑轮挂钩上挂2个钩码，用弹簧测力计竖直向上匀速拉绳子自由端。2个钩码的总质量用
m表示，绳子自由端所受拉力用F表示，绳子自由端移动的距离用s表示，钩码上升的高度用h表示。将m的数值记录在表格中，用弹簧测力计测出
F，用刻度尺分别测出s、h，并把测量数据记录在表格中；实验次数1234钩码重G/N拉力F/N钩码上升高度h/m测力计移动距离S/m
有用功W有用/J总功W总/J②保持动滑轮的质量及钩码上升的高度不变。依次改变动滑轮所挂钩码的个数，仿照步骤①再做2次实验，将各次的
钩码质量m记录在表格中，分别测量各次的F、s、h，并把各次的测量数据记录在表格中。③利用W总＝Fs，计算出各次的总功，用W有用＝G
h＝mgh，计算出各次的有用功，并将各次的总功、有用功记录在表格中。请根据以上叙述回答下列问题：（1）小军的操作步骤存在的问题：
。请写出改进措施： 。（2）若用该滑轮匀速提升100g钩码时，在保证钩码和滑轮质量，以及钩码上升高度都不变的条件下，第一次
以速度v1匀速提升时机械效率为η1，第二次以速度2v1匀速提升时机械效率为η2，则η1 η2（选填“大于”“小于”“等于”）。
27．如图是小明同学探究物体动能大小与那些因素有关的实验装置，第一次他将钢球从高h处的斜糟上由静止滚下，在水平面上运动，运动的钢球
A碰上木块B后，能将B撞出一段距离s1．第二次让同一钢球从高1.5h处由静止滚下，在水平面上运动，运动的钢球A碰上木块B后，能将B
撞出一段距离s2．根据实验回答下列问题：（1）这两次实验小明所探究问题的自变量是： 。（2）两次木块B被撞出的距离s1和s2的
关系是：s1 s2．（选填“大于”、“等于”或“小于”）。（3）在两次实验中木块移动时受到的摩擦力第一次为f1，第二次为f2，
则f1 f2（选填“大于”、“等于”或“小于”）。28．某同学在体育活动中，从铅球下落陷入沙坑的深度情况猜想到：物体的重力势能
可能与物体的质量、下落高度和运动路径有关。于是设计了如图所示的实验：用大小、形状相同的A、B、C、D四个铅球，其中A、C、D三球的
质量为m，B球质量为2m，让A、B两球从距沙表面高H静止下落，C球从距沙表面高2H静止下落，D球从距沙表面高2H的光滑弯曲管道上端
静止滑入，最后从管道下端竖直地落下（球在光滑管道中运动的能量损失不计）。实验测得A、B两球陷入沙深度分别为h1和h2，C、D两球陷
入沙深度均为h3，且h1＜h2＜h3。（1）本实验中，铅球的重力势能大小是通过 来反映的；（2）比较C、D两球，发现两球运动的
路径不同，但陷入沙深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径 （选填：“有关”或“无关”）。（3）比较 两球
，发现C球陷入沙深度更大，由此可得出结论：当物体质量相同时，下落的高度越高，物体的重力势能越大。（4）比较A、B两球，发现B球陷入
沙深度更大，由此可得出结论： 。（5）小球在下落过程陷入沙面前，将重力势能转化为 能，陷入沙中后到小球静止过程中，将机械能
转化为 能。29．小华通过实验探究杠杆平衡时动力与动力臂的关系。实验过程中，保持阻力、阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出每一组
动力臂L1和动力F1数据，并利用实验数据绘制了F1与L1的关系图象，如图所示。分析图象信息，则下列说法中正确的是 A．当L1为
0.6m时，F1为1NB．阻力F2与阻力臂L2的乘积为0.6N?mC．动力F1与动力臂L1成正比D．F1＝（0.6N?m）/L13
0．如图所示，小阳用弹簧测力计和钩码来做探究“物体所受重力与质量的关系”实验时，发现随着物体体积的增加，物体所受重力也会增大，由此
他认为“物体所受重力大小与物体的体积有关”，请你设计一个实验（可添加实验器材），证明小阳提出的观点是错误的。31．实验桌上有满足实
验要求的带滑槽的轨道，体积相等、质量不等的金属球A和B，可在轨道上滑动的物块C，如图所示；还有刻度尺。请选用上述实验器材，设计实验
证明“物体的动能与物体的运动速度有关”。请回答如下问题：（1）设计该实验中，小球刚刚运动到水平滑轨的速度不容易测量，可以将其转化为
测量 ；小球刚刚运动到水平轨道的动能也不容易测量，可以将其转化为测量 。（2）写出该实验的实验步骤。（3）画出该实验数据记
录表。四、科普阅读题：（共5分）32．（4分）我国首个空间实验室“天宫二号”发射成功“天宫二号”空间实验室于2016年9月15日2
2时04分09秒在酒泉卫星发射中心发射成功。在本次发射中，使用的是长征二号F﹣T2火箭。长二F火箭是目前中国所有运载火箭中系统最复
杂的火箭，具有发射目标飞行器及空间实验室（“天宫二号”空间实验室）和载人飞船（神舟十二号载人飞船）的两个状态，运载能力分别为8.6
吨和8.15吨。发射目标飞行器状态的火箭全长52.03米，起飞重量493.1吨；发射载人飞船状态的火箭全长58.3米，是目前中国所
有运载火箭中“个子”最高的，起飞重量479.8吨。“天宫二号”空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室，也是中国第
一个真正意义上的空间实验室，将用于进一步验证空间交会对接技术及进行一系列空间试验。这些试验包括对地球观测，进行空间地球系统科学、空
间应用新技术、空间技术和航天医学等领域的应用测试，例如释放小卫星、完成货运飞船与“天宫二号”的对接。除了为空间站建设和运营拉前验证
相关技术，“天宫二号”还将开展包括航天员中期驻留、推进剂在轨补加、在轨维修技术等试验，涉及航天医学、空间科学和应用、微重力基础物理
、空间材料科学、空间生命科学等多个领域，“天宫二号”将成为我国最忙碌的空间实验室。请根据短文回答下列问题：（1）“天宫二号”空间实
验室在长征二号F﹣T2火箭发动机的推动下，成功发射升空。“天宫二号”空间实验室加速升空过程中，动能 ，势能 ，机械能
。（选填“增大”、“减小”或“不变”）（2）若“天宫二号”空间实验室沿椭圆轨道绕地球运行的过程中机械能守恒，则它从远地点向近地点运
行的过程中，重力势能 ，动能 。（选填“增大”、“减小”或“不变”）五、计算题33．如图是用动滑轮提升货物A的示意图。在竖
直向上的拉力F的作用下，使重400N的货物A在50s的时间里，匀速竖直上升了10m。在这个过程中，拉力F为250N，不计绳重及摩擦
。求：（1）动滑轮重G动；（2）动滑轮的机械效率η；（3）拉力F的功率P。34．用如图所示的装置提升重为900N的物体，加在绳自由
端的拉力大小为400N时恰好可以使物体以0.1m/s的速度匀速上升，若不计绳重和轮与轴间的摩擦。求：（1）动滑轮的重力；（2）拉力
的功率；（3）若提升的重物改为1200N时滑轮组的机械效率。2019北京市昌平区初二（下）期中物理参考答案一、单项选择题（下列各小
题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题3分）1．【分析】物理上每一个物理量都有国际上通用的单位称国际单位，还有
一些生活中的常用单位，在国际单位制中，功率的单位是瓦特（W）。【解答】解：A、帕斯卡（Pa）是压强单位；B、焦耳（J）是所有能量的
单位，能量改变的量度如热量、功的单位也是焦耳（J）；C、瓦特（W）是功率的单位；D、牛顿（N）是力的单位。故选：C。【点评】本题考
查了物理量的单位，属于识记性的内容，比较简单。2．【分析】旗杆上的机械装置要实现旗手向下对绳子施力，国旗上升的目的，根据定滑轮不省
力可以改变力的方向的特点即可。【解答】解：升旗时，人站在地面上，操作机械，旗帜上升。A、定滑轮不能省力，但可以改变力的方向，人在下
面拉动绳子，旗帜就会上升，符合题意；B、动滑轮不能改变力的方向，要使旗帜上升，拉力也要向上，不符合题意；C、滑轮组中既有定滑轮也有
动滑轮，不符合题意；D、杠杆不符合实际，甚至不能改变力的方向，不符合题意。故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】此题考查的是利用
简单机械解决实际问题，选择具体的机械种类时，既要考虑机械的特点，又要考虑实际情况。3．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用
过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、托盘天平的动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故A错误；
B、筷子的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B正确；C、核桃夹的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；D、羊角锤的动力臂大于阻力臂
，是省力杠杆，故D错误；故选：B。【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂
小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。4．【分析】功率指物体在单位时间内完成的功，由所做功的多少和所用的时间决定。它反映了物体
做功的快慢，功率越大，做功越快。【解答】解：功率的大小同时取决于做功多少和所用时间。A没有涉及到做功时间，不符合题意。C、D没有涉
及到做功多少，不符合题意。故选：B。【点评】（1）掌握功率的概念、公式、单位及单位换算。（2）控制变量法研究功率与做做功多少、所用
时间的关系。5．【分析】根据做功的条件、功率、机械效率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值。【解
答】解：A、功率是表示做功快慢的物理量，功率大的机器做功快，故A正确；B、机械效率越大，说明有用功与总功的比值大，做的有用功不一定
越多，故B错误；C、若物体运动的方向与受力方向垂直，则力对物体没有做功，故C错误；D、功率小的机器做功慢，而机械效率不一定低，故D
错误。故选：A。【点评】本题考查了功、功率、机械效率的关系。功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定。6．【分析】做
功必须具备两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过距离。判定有没有做功，就从是否具备这两个必要因素入手。【解答】解
：A、人用力搬石头但没有搬动，有力，但物体没有通过距离，没有做功。故A错误。B、用力推箱子但没有推动，有力，但物体没有通过距离，没
有做功，故B错误；C、用力拉使小车水平移动，人给小车一个拉力，小车在拉力的方向上通过了一段距离，做了功。故C正确。D、背着书包在水
平面上移动，人给书包一个竖直力，而书包没有在力的方向上通过的距离，所以没有做功。故D错误。故选：C。【点评】该题考查了做功的必要条
件，注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。7．【分析】从六种物态变化
定义进行判断：物质从固态变为液态是熔化过程；物质从液体变为固态是凝固过程；物质从气态变为液态是液化过程；物质从液态变为气态是汽化过
程；物质从固态直接变为气态是升华过程；物质从气态直接变为固态是凝华过程。【解答】解：A、冰雪消融是冰吸收热量熔化成为水，此选项正确
；B、湿衣服变干是衣服上的水汽化成为水蒸气，此选项错误；C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，此选项错误；D、霜是空气中的水
蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此选项错误。故选：A。【点评】判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态
变化的定义进行判断。8．【分析】影响蒸发快慢的因素有：液体的温度、液体的上表面积、液体表面的空气流动速度；要减慢蒸发，可以通过降低
液体的温度、减小液体的上表面积和减慢液体表面的空气流动速度。【解答】解：A．把盛有酒精的瓶口盖严，可以减小液体的表面积并控制上方空
气流动，使蒸发减慢，故A符合题意；B．把湿衣服晾在通风向阳处，既可以升高液体的温度，也可以增大液体表面的空气流动速度，使蒸发加快，
故B不符合题意；C．用电吹风给湿头发吹风，可以增大液体表面的空气流动速度，且提高了温度，使蒸发加快，故C不符合题意；D．将地面上的
积水向周围扫开，可以增大液体表面积，使蒸发加快，故D不符合题意。故选：A。【点评】本题主要考查学生对影响液体蒸发快慢因素的了解和掌
握，是一道基础题。9．【分析】动能大小的影响因素：质量、速度；重力势能大小的影响因素：质量、高度；动能和势能合称为机械能。【解答】
解：火箭在加速上升的过程中，速度变快，动能变大；高度增加，重力势能变大；动能和势能统称为机械能，所以机械能变大。故选：C。【点评】
（1）掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素以及它们的大小变化情况。（2）机械能＝动能+势能，物体没有发生弹性形变时，势能只考
虑重力势能。10．【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s＝nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，
做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的
总功相同。【解答】解：AB、由图可知，n甲＝2，n乙＝3，不计绳重及摩擦时，绳端的拉力F＝（G物+G轮），则绳子受的拉力：F甲＝（
G物+G轮），F乙＝（G物+G轮），所以，F甲＞F乙，即乙图省力，故AB错误；CD、因动滑轮重相同，提升的物体重和高度均相同，且W
额＝G轮h，W有用＝G物h，所以，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查了使
用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等。11．【分析】（1
）根据动滑轮的特点F＝（G物+G动）计算动滑轮的重力。（2）动滑轮省力但费距离。（3）机械效率的大小会受被提升的物重、动滑轮的重力
、摩擦力等因素的影响。（4）根据动滑轮的省力特点来得出拉力的大小。【解答】解：A、根据F＝（G物+G动）得G动＝2F﹣G物＝2×1
00N﹣150N＝50N，所以A正确。B、动滑轮可以省一半的力，但费距离。所以B正确。C、动滑轮的机械效率会受动滑轮的重力、被提升
物体的重力的影响，动滑轮的重力越大，摩擦力越大，动滑轮的机械效率会越低，所以C错误。D、若用动滑轮提升200N的物体，则拉力F＝（
G+G动）＝×（200N+50N）＝125N．所以D正确。故选：C。【点评】此题考查了动滑轮的特点及机械效率的影响因素。动滑轮由两
段绳子承担物重，所以可以省一半的力，但费距离。同时要掌握机械效率的求法，将其与功率区别开来。12．【分析】影响动能大小的因素有：质
量和速度，质量越大，速度越快，动能越大。影响重力势能大小的因素有：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。物体在力的作用下沿
力的方向移动了距离我们就说力对物体做了功。【解答】解：AD、因为是光滑的轨道，不计空气阻力，小球在轨道上运动没有机械能的损耗，则小
球的机械能守恒，所以小球能到达的最高点应与A点在同一水平直线上，不能沿轨道向上运动到E点；因小球的机械能守恒，所以小球到达D点时的
机械能等于它到达B点时的机械能，故AD错误；B、小球从A点加速下滑到C点时，小球受竖直向下的重力，小球向下移动了距离，所以重力对小
球做了功，故B错误；C、小球到达C点（最低点）时，质量不变，此时速度最大，高度最小，所以它的动能最大，重力势能最小，故C正确；故选
：C。【点评】本题考查了动能、势能、机械能的变化的判断以及做功的认识和理解，掌握这些基础知识是解题的关键。13．【分析】提高滑轮组
机械效率的方法，有两种方法：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额
外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率【解答】解：用滑轮组竖直向上提升物体，绳重、轮与轴的摩檫均可忽略不计时，因有用功与被
提升物体的重力有关，额外功与动滑轮的重力有关，所以，影响滑轮组机械效率的因素有：动滑轮重和被提升物体的重力；而滑轮组的机械效率和提
升速度、滑轮组的绕线方式无关。故选：CD。【点评】本题考查了影响滑轮组机械效率的因素，不计绳重和摩檫时，滑轮组机械效率和动滑轮重和
被提升物体重力有关。14．【分析】（1）动能的影响因素是质量和速度；重力势能的影响因素是质量和高度；据此判断动能和重力势能的大小；
（2）功等于力与距离的乘积，据此判断其做功的多少；（3）根据路程和运动时间可判断其速度的大小，进而判断功率大小。【解答】解：由题意
可知，两球的重力相同，最初的高度相同；AD、下降过程中甲球、乙球的高度不断减小，势能一直减小，动能一直增大，故A错误、D正确；B、
两球的重力相同，在起点处小球甲与小球乙的高度相同，因此它们的重力势能相同，到最低点时重力所做的功相同，故B错误；C、下降过程中，乙
先到达终点，则乙的速度大，两球的重力相同，根据P＝Fv可知，重力对小球乙做功的功率比对小球甲做功的功率大，故C错误；故选：D。【点
评】在科技馆中的科技展品为内容，考查了影响动能、重力势能的因素，以及对做功情况、速度情况的比较，有一定综合性，值得我们关注。15．
【分析】（1）比较物体运动快慢的方法：运动相同的路程比时间，时间越短，速度越快；相同时间比路程，路程越长，速度越快；（2）由图象可
得，物体处于平衡状态；物体处于静止或匀速直线运动状态时，受的是平衡力的作用，大小相等，并结合摩擦力大小的影响因素分析判断；（3）从
图象上分别读出前6s和后6s过程中通过的距离，根据W＝Fs比较拉力做功的多少；（4）根据P＝Fv判断功率的变化。【解答】解：A、由
s﹣t图象可知，0～6s物体做匀速直线运动；故物体8s时的速度小于2s时的速度，故A错误；D、物体在前6s沿水平面做匀速直线运动，
则拉力等于摩擦力；在后6s物体仍沿水平面匀速直线运动，拉力仍然等于摩擦力；在此过程中物体对水平面的压力和接触面的粗糙程度都不变，所
以摩擦力大小不变，则前6s物体所受的拉力等于后6s物体所受的拉力，故D错误。B、由s﹣t图象可知，前6s通过的距离为3m，后6s通
过的距离为1m，而拉力相同，由W＝Fs可知，前6s拉力做的功大于后6s拉力做的功；故B正确；C、由于前6s过程中的速度大于后6s的
过程中的速度，且拉力相同，所以根据P＝Fv可知，前6s对物体做功的功率大于后6s拉力对物体做功的功率，故C错误；故选：AB。【点评
】根据图象判断物体是否做匀速直线运动以及速度大小的关系，知道平衡力的辨别和功、功率的计算公式是解决本题的关键。二、多项选择题（下列
各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题3分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得
分）16．【分析】（1）熔化图象的横坐标表示时间，纵坐标表示温度，而图中BC段温度不变的阶段就是熔化过程。知道晶体熔化时的温度叫做
晶体的熔点。（2）晶体在熔化或凝固时的温度是熔点或凝固点。晶体在熔化过程或凝固过程中处于固液共存态。从开始熔化到完全熔化完所用时间
就是物态变化经历的时间；（3）结合热量公式Q＝cm△t进行分析，由图象可知AB段和CD段的温度变化，从而可比较二者比热容关系。（4
）掌握晶体熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变。虽然温度不变，但内能不断增大。【解答】解：A、由图象可知，该物质有一定的熔化温度，
则该物质为晶体；且熔化对应的温度是0℃，即熔点为0℃，故A错误；B、从图象可知，该物质第1min时开始熔化，到第4min时结束，则
该物质熔化的时间为3min，故B错误；C、由图象可知，在相同的时间内，该物质在AB段的升温比CD段快，且相同时间内吸热相等，物质的
质量也不变，由Q＝cm△t可知，该物质在AB段的比热容比在CD段小。故C正确；D、整个过程中该物质吸热，内能不断增大，所以该物质在
B点的内能要比C点的内能小，故D错误；故选：C。【点评】此题主要考查了对晶体熔化图象的分析。区分晶体和非晶体，关键是看晶体在熔化过
程中温度是否发生变化。同时要理解熔化过程的概念，在熔化过程中，虽然温度不变，但要不断吸热，内能增大。17．【分析】（1）根据滑轮组
的结构，作用在绳自由端的拉力等于作用在物体上的水平拉力的，据此求作用在物体上的水平拉力；（2）因为物体匀速运动，根据二力平衡的条件
可知物体受到的滑动摩擦力等于水平拉力；（3）求出物体移动的距离，绳子自由端通过的距离等于物体移动的距离的2倍，据此求解。【解答】解
：由滑轮组结构看出，n＝2，作用在物体上的水平拉力：F＝2×10N＝20N；∵物体匀速运动，∴物体受到的滑动摩擦力：f＝F＝20N
，故A不符合题意；物体移动的距离：s＝vt＝1m/s×6s＝6m；绳子自由端通过的距离：s′＝2s＝2×6m＝12m，故D不符合题
意；故选：BC。【点评】本题考查了使用滑轮组拉力的计算和二力平衡的条件应用，本题关键：一是会根据物体所处的状态（静止或匀速直线运动
）判断物体受平衡力，二是使用滑轮组n的确定（从动滑轮上直接引出的绳子股数）。18．【分析】（1）调节杠杆两端的平衡螺母使杠杆在水平
位置平衡。杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；同时也为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）（3）用杠杆的平衡条件
来判断，力和力臂乘积大的一端下沉；（4）根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。【解答】解：A
、挂钩码前，调节杠杆水平平衡时，发现杠杆静止时左端向下倾斜。要使杠杆在水平位置平衡，需把杠杆右端的平衡螺母向右移，故A错误；B、设
一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果在图甲中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，杠杆的左端：3G×3L＝9GL，杠杆的右端：2
G×4L＝8GL，所以杠杆的左端力和力臂的乘积大于右端的乘积，所以杠杆左端下沉。故B正确；C、将图甲中挂在A、B两处的钩码向靠近支
点O移近1格，杠杆的左端：4G×2L＝8GL，杠杆的右端：3G×3L＝9GL，所以杠杆的左端力和力臂的乘积小于右端的乘积，所以杠杆
右端下沉。故C正确；D、弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变
大，弹簧测力计示数变大；故D正确。故选：BCD。【点评】杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应
首先调节杠杆在水平位置平衡，减小了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。19．【分析】（1）动能和势能合称机械能；动能与质量和速度
有关；重力势能与质量和高度有关；机械能为动能和势能的和；（2）做功包含两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。
【解答】解：A、滑冰运动员在水平冰道上加速冲刺的过程中，其质量不变，速度增大，所以动能增大；高度不变，重力势能不变，所以机械能增加
，故A正确；B、自由滑雪空中技巧运动员从空中下落的过程中，高度减小，重力势能减小，故B正确；C、越野滑雪运动员在斜坡雪面上匀速向下
滑行的过程中，速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，故机械能减小，故C错误；D、运动员将冰壶推出后，手与冰壶不再接触，手对冰
壶的作用力消失，冰壶靠惯性向前滑行，所以人不再对冰壶做功；冰壶滑行过程中，克服与冰面的摩擦做功，部分机械能转化为内能，所以冰壶的机
械能会逐渐减小，故D正确。故选：ABD。【点评】此题以冬奥会项目为材料，考查了机械能的转化、做功包含的必要条件等知识点，体现了物理
关注社会热点的特点。20．【分析】A、弹簧测力计读数时，先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数；B、读出钩码上升高度、拉力端
移动距离，利用W＝Fs求拉力做功；C、利用W＝Gh＝mgh求有用功，动滑轮的机械效率等于有用功与总功之比；D、提高机械效率的方法：
一是减小摩擦而减小额外功，二是增大提升物重。【解答】解：A、由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.2N，故A正确；B、由
图知，刻度尺的分度值为1cm，钩码上升高度h＝AB＝10.0cm，拉力端移动距离s＝A′B′＝45.0cm﹣25.0cm＝20.0
cm；拉力F做的功：W总＝Fs＝1.2N×20×10﹣2m＝0.24J，故B错；C、有用功：W有用＝Gh＝mgh＝0.2kg×10
N/kg×10×10﹣2m＝0.2J，动滑轮的机械效率：η＝＝×100%≈83.3%，故C正确；D、若在动滑轮下加挂钩码，额外功几
乎不变，有用功增大，有用功在总功中所占的比例增大，可提高机械效率，故D正确。故选：ACD。【点评】本题是测量滑轮组的机械效率实验，
考查了弹簧测力计、刻度尺的读数及功和机械效率的计算，在读数时，注意分度值，计算功时，注意单位换算。三、实验解答题21．【分析】要解
决此题需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。【解答】解：图中OA是从支点到力的作用线F的距离，故OA是F的力臂。
故答案为：OA。【点评】考查学生对力臂的概念的理解，关键是知道力臂是从支点到力的作用线的距离，基础题目。22．【分析】（1）滑轮组
的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。（2）对由两个动滑轮和两个定滑轮组成的滑轮组，
滑轮组上的滑轮都使用，可绕线方法有四股和五股两种，两种方法都达到了省力的目的，但拉力的方向不同，在不计滑轮自重及摩擦的情况下，动滑
轮和重物由几股绳子承担，拉力就是滑轮组提升物重的几分之一。【解答】解：由分析可知，绳子股数越多越省力，根据题意滑轮组最省力的绕法是
绳子股数最多，即五股绕线的方法。具体图形如下：【点评】此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达
到省力程度也不同，绳子股数越多越省力。23．【分析】（1）首先确定开始加热的时间和温度和开始沸腾时的时间。刚达到沸点的时间便是开始
沸腾的时间；（2）要掌握水沸腾时的特点：吸热但温度保持不变；（3）液体的沸点随气压的增大而升高；（4）水的质量过多、水的初温过低、
未加盖、酒精的火焰过小，都会造成加热时间过长。【解答】解：（1）从图象可以看出，开始加热时时间为0min，水温为90℃，从第2.5
分钟温度达到沸点开始沸腾，所以从90℃到开始沸腾所用时间为2.5min；（2）由图象知，水在沸腾过程中温度保持100℃不变，所以水
的沸点为100℃；（3）根据液体沸点与气压的关系可知当时的气压为1个标准大气压；（4）根据水沸腾时吸热温度保持不变的特点，再继续对
水加热1min，水温度仍为100℃。故答案为：（1）2.5；（2）100；（3）等于；（4）不变。【点评】本题是探究水的沸腾实验，
考查了温度计的使用和读数，影响加热时间的因素及沸点与气压的关系，考查的知识面比较广，但是没有多大的难度，只要知识够扎实，还是很容易
做对的。24．【分析】（1）调节平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡。（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，
据此分析；【解答】解：（1）如图，杠杆的右端上翘，说明杠杆的重心在左端，所以平衡螺母向上翘的右端移动；实验中将杠杆调成水平平衡的目
的是便于测量力臂；（2）设一个钩码为G，一格的长度为L；根据杠杆的平衡条件：4G×2L＝2G×nL，解得：n＝4，故应该将B处所挂
钩码须向右移动4﹣3＝1格；故答案为：（1）右；便于测量力臂；（2）1。【点评】本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试、杠杆平衡条
件的运用，常见题目。25．【分析】（1）拉力F移动的距离就是A′B′间的长度，使用刻度尺测量物体的长度，读数时要先认清分度值；（2
）根据图示确定定滑轮上绳子的段数，定滑轮受到的拉力为弹簧测力计示数的绳子段数倍；（3）利用公式W＝Fs，可计算出拉力做的功；（4）
使用动滑轮时，做的额外功不变，增加钩码的重，增大了有用功，因此机械效率会增大。【解答】解：（1）刻度尺的分度值是1cm，拉力是从2
0.0cm开始上升的，上升到35.0cm处，拉力F移动的距离s＝15.0cm＝0.150m；（2）由图可知，与定滑轮相连的绳子段数
为：n＝2，定滑轮受到的拉力为：F＝nF拉＝2×0.9N＝1.8N；（3）拉力做的功是：W总＝Fs＝0.9N×0.15m＝0.13
5J；（4）若在动滑轮下加挂一个钩码，提升物体的过程中，整个滑轮组保持不变，即额外功不变；因为对重物做的功为有用功，增加钩码的重，
即增大了有用功，机械效率就会增大。故答案为：（1）0.150；（2）1.8；（3）0.135；（4）增大。【点评】本题考查了刻度尺
的读数、滑轮组绳子段数的判断以及功的计算和提高机械效率的方法，是一道综合题；注意长度测量在记录数据时应估读到分度值的下一位。26．
【分析】（1）对同一滑轮组，改变提升物体的重力可改变机械效率，为控制机械效率不变，应提升同一重物，通过改变提升物体的高度（即没有改
变绳子自由端的距离s）来改变有用功（即自变量W总）。据此分析存在问题及改进措施；（2）分析有用功和总功大小回答。【解答】解：对同一
滑轮组，改变提升物体的重力可改变机械效率，为控制机械效率不变，应提升同一重物，通过改变提升物体的高度（即没有改变绳子自由端的距离s
）来改变有用功（即自变量W总）。（1）故小轩探究过程中存在的问题是：改变了钩码的质量，没有保证机械效率不变；改变了钩码的重力，使动
滑轮的机械效率也发生变化，没有改变绳子自由端的距离s，来改变自变量W总针对小轩探究过程中存在的问题，改进措施：步骤②中：保持动滑轮
和钩码的质量不变。依次改变钩码上升的高度。仿照步骤①再做2次实验，分别测量各次的m、F、s、h，并把各次的测量数据记录在表格中；（
2）由题意，做的有用功相同，总功相同，故η1等于η2。故答案为：（1）改变了钩码的质量，没有保证机械效率不变。步骤②中：保持动滑轮
和钩码的质量不变。依次改变钩码上升的高度。仿照步骤①再做2次实验，分别测量各次的m、F、s、h，并把各次的测量数据记录在表格中。（
2）等于。【点评】本题考查控制变量法的运用及对实验方案的评估能力和尝试改进实验方案的能力，是中考的热点问题。27．【分析】（1）根
据控制变量法分析；（2）物体的速度越大，对外做功就越大；（3）影响摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，据此判断。【解答】解：
（1）由图可知，同一个小球从不同的高度滑下，到达水平面时的速度是不同的，故自变量是速度；（2）小球下滑时的高度越高，具有的速度就越
大，做的功就越大，推动木块的距离就越远，由于第二次的高度高，故s1 小于s2；（3）在两次实验中木块对水平面的压力不变，接触面的粗
糙程度也不变，所以木块移动时受到的摩擦力不变，则f1＝f2。故答案为：（1）速度；（2）小于；（3）等于。【点评】通过本题的实验考
查了影响动能大小的因素，以及影响滑动摩擦力大小的因素，结合实验现象做出判断，是正确解答的关键。28．【分析】（1）实验中通过球陷入
沙面的深度来反映铅球重力势能的大小，用到转换法；（2）研究物体重力势能与运动路径的关系时，需要保持物体质量和下落高度相同，改变运动
路径；（3）研究物体重力势能与下落高度的关系时，需要保持物体质量和运动路径相同，改变下落高度；（4）影响重力势能的因素有物体的质量
和下落高度，实验中研究物体的重力势能与物体的质量关系时，需要保持下落高度和运动路径相同，改变物体质量；（5）动能和势能合称机械能，
一定条件下，动能和势能可以相互转化；物体克服摩擦做功，将机械能转化为内能。【解答】解：（1）本实验中，铅球的重力势能大小是通过铅球
陷入沙子的深度来反映的；（2）比较C、D两球，两球的质量相同，下落高度也相同，两球的运动路径不同，但铅球陷入沙的深度相同，由此可得
出结论：物体的重力势能与物体运动的路径无关；（3）比较A、C两球可知，两球质量相同，下落路径也相同，C球的下落高度大于A球的下落高
度，发现C球陷入沙深度更大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大。（4）比较A、B两球，下落高度和
运动路径相同，B球质量大于A球质量，发现B球陷入沙深度更大，由此可得出结论：当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；（5）
球在下落过程中，高度减小，速度增大，所以将重力势能转化为动能；当球陷入沙中，与沙子摩擦，最终静止，将机械能转化为内能。故答案为：（
1）铅球陷入沙子的深度；（2）无关；（3）A、C；（4）高度相同时，物体的质量越大，重力势能越大；（5）动；内。【点评】此题考查学
生对于物体重力势能影响因素探究过程及能量转化的理解和掌握，注意分析实验时控制变量法和转换法的应用。29．【分析】A、由图可知，当L
1为0.6m时F1大小；BC、利用图象中任意一组数据得出力与力臂之积，由杠杆平衡条件分析；D、杠杆平衡条件得出F1大小。【解答】解
：A、由图可知，当L1为0.6m时，F1为1N，故A正确；B、利用图象中任意一组数据都能得出F1L1＝0.6m×1N＝0.6N?m
，由杠杆平衡条件可得F2L2＝F1L1＝0.6N?m；故B正确；C、由B项分析可知，动力和动力臂的乘积是不变的，动力臂L1越大，动
力F1越小，故动力F1与动力臂L1成反比，故C错误；D、据F2L2＝F1L1＝0.6m×1N＝0.6N?m可知，F1＝，故D正确；
故选：ABD。【点评】本题考查杠杆的平衡条件，关键是从题中获取有效的信息。30．【分析】探究物体所受重力大小与物体的体积有关时，应
控制物体的质量不变改变物体的体积，物体重力的大小可以借助弹簧测力计，据此进行解答。【解答】解：用已调零的弹簧测力计分别测出质量相等
的铝块和铁块、铜块的重力，发现它们的重力相等，体积却不相等，这个实验说明物体的重力与体积无关，因此小阳的观点是错误的。【点评】本题
考查了探究物体所受重力大小与物体的体积有关的实验，利用控制变量法是关键。31．【分析】运用转化法间接比较小球速度和动能的大小；动能
与物体的速度和质量有关，根据控制变量法设计实验步骤并解答。【解答】解：（1）小球从斜槽上越高，滑到水平滑轨的速度就越大，所以通过测
量小球在斜槽上滑下的高度来判断小球滑到水平滑轨上的速度；小球刚刚运动到水平轨道的动能也不容易测量，可以将其转小球推动滑块C的距离来
判断小球动能的大小；（2）实验步骤：固定滑块C的位置，测出小球滑下的高度，让小球从从斜槽的滑下，推动滑块C运动，直到小球静止，测出
滑块被推动的距离；只改变小球滑下的高度，再做几次实验并记下每次滑块被推动的距离。（3）实验数据记录表格：次数小球滑下的高度h/cm
滑块移动的距离s/cm123故答案为：（1）小球在斜槽上滑下的高度；小球推动滑块C的距离；（2）固定滑块C的位置，测出小球滑下的高
度，让小球从从斜槽的滑下，推动滑块C运动，直到小球静止，测出滑块被推动的距离；只改变小球滑下的高度，再做几次实验并记下每次滑块被推
动的距离。（3）见上表。【点评】本题是探究物体的动能与物体的运动速度是否有关的实验，主要是考查实验设计，注意转换法和控制变量法的应用。四、科普阅读题：（共5分）32．【分析】①动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大；②重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大，则重力势能越大；③机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化。【解答】解：（1）“天宫二号”空间实验室随火箭加速升空的过程中，飞船的质量不变，速度变大，动能增大；同时高度增加，重力势能增大，故机械能增大。（2）“天宫二号”空间实验室沿椭圆轨道绕地球运行的过程中机械能守恒，它从远地点向近地点运行的过程中，质量不变而高度降低，它的重力势能减小，由机械能守恒定律可知，它的动能增大。故答案为：（1）增大；增大；增大；（2）减小；增大。【点评】此题考查机械能的知识；机械能的大小取决于动能和势能的大小，根据题目中动能和势能的大小变化可分析出机械能的大小变化。五、计算题33．【分析】（1）使用动滑轮时n＝2，不计绳重及摩擦，拉力F＝（G+G轮），据此求动滑轮重力；（2）利用W＝Gh求有用功，拉力端移动距离s＝2h，利用W＝Fs求拉力做的总功，动滑轮的机械效率等于动滑轮的机械效率等于有用功与总功之比；（3）知道拉力做的总功，利用P＝求拉力做功功率。【解答】解：（1）使用动滑轮时n＝2，不计绳重及摩擦，拉力F＝（G+G轮），则动滑轮重力：G轮＝2F﹣G＝2×250N﹣400N＝100N；（2）有用功：W有＝Gh＝400N×10m＝4000J，拉力端移动距离：s＝2h＝2×10m＝20m，拉力做的总功：W总＝Fs＝250N×20m＝5000J，动滑轮的机械效率：η＝＝×100%＝80%；（3）拉力做功的功率：P＝＝＝100W；答：（1）动滑轮重为100N；（2）动滑轮的机械效率为80%；（3）拉力F的功率为100W。【点评】本题考查了使用动滑轮时动滑轮重力、功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。34．【分析】（1）不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力F＝（G轮+G），据此求动滑轮重；（2）n＝3，拉力端移动的速度等于物体升高速度的3倍，利用P＝Fv求拉力做功功率；（3）若用它匀速提升重1200N的物体，利用F＝（G轮+G物）求拉力大小，利用η＝＝＝＝求此时滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）由图知，n＝3，由于不计绳重和轮与轴间的摩擦，则拉力F＝（G轮+G），所以动滑轮的重力：G轮＝3F﹣G＝3×400N﹣900N＝300N；（2）拉力端移动速度v＝3v物＝3×0.1m/s＝0.3m/s，拉力做功的功率：P＝Fv＝400N×0.3m/s＝120W；（3）提升重1200N的物体时，不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力：F′＝（G轮+G′）＝（300N+1200N）＝500N，此时滑轮组的机械效率：η′＝＝＝＝＝×100%＝80%。答：（1）动滑轮的重力为300N；（2）拉力的功率为120W；（3）若提升的重物改为1200N时滑轮组的机械效率为80%。【点评】本题考查了使用滑轮组中有用功、总功、机械效率、动滑轮重等的计算，利用好s＝nh、知道不计绳重和轮与轴间的摩擦拉力F＝（G轮+G）是正确解答本题的关键 1 / 1 |
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