2023年高考真题完全解读（海南卷）适用省份海南海南省2023年普通高中学业水平选择性考试试题，贯彻党的二十大精神，落实立德树人根本任务，依
托中国高考评价体系，衔接高中课程标准，注重深化基础，丰富问题情境，增强探究性，突出思维考查，激发学生崇尚科学、探索未知的兴趣，引导
学生夯实知识基础、发展物理学科核心素养，服务拔尖创新人才选拔、新时代教育评价改革和教育强国建设。试卷围绕物理学科核心素养评价体系，
凸显科学素养立意，实现教学和高考的良性互动。试题在素材选取、情景创设、呈现方式等方面都体现了时代特征。例如第6题利用电磁感应测量汽
车速度；第9题以天宫二号飞船在变轨前后轨道为背景，考查万有引力与航天及其相关知识点。科学素养以高中物理新课程标准为依据，注重考查“
物理观念”“科学思维”“科学探究”“科学态度与责任”四个方面。在科学探究方面，海南卷第14题，用激光测玻璃砖折射率的实验；第15题
，测量微安表内阻实验，经典创新。计算题第17题，以插入导电液体中的通电导体杆，受到安培力为情景，考查安培力、动量定理及其相关知识点
，能够激起学生的好奇心与求知欲。计算题18题以滑块木板模型和碰撞为情景，加大难度，来考查学生运用物理知识来解决问题能力等关键能力，
加大了试题对不同学生的区分度，提高了选拔性考试的信度。题号分值题型考查内容考查知识点13分选择题衰变时放出的β粒子对放射线的了解2
3分选择题带电小球在磁场中的运动洛伦兹力33分选择题连接体动态平衡物体平衡条件43分选择题机械波振动图像53分选择题分子力和分子势
能热学分子动理论63分选择题电磁感应测量汽车速度电磁感应73分选择题电容电路电势计算、电容定义83分选择题库仑定律、平衡静电场94
分选择题天宫二号飞船变轨万有引力定律、匀速圆周运动104分选择题激光器发射光子光子能量、动量、功率114分选择题变压器变压公式、有
效值、周期124分选择题点电荷电场叠加场强、电势134分选择题带电粒子在电磁场中的运动类平抛运动、洛伦兹力和牛顿运动定律146分实
验题光学实验测量玻璃砖的折射率1212分实验题电学实验测量微安表的内阻138分计算题气体实验定律、压强考查学生对有关知识的理解和掌
握1412分计算题U型金属杆插入导电液体中安培力、动能定理、动量定理，考查学生灵活运用知识的能力1518分计算题滑块木板模型牛顿运
动定律、动量守恒定律及其相关知识点，考查学生综合运用知识的能力。【高考模式】海南省新高考将采用“3+3”方案，第一个“3”仍将语文
、数学、外语作为必考科目，每科150分。第二个“3”是指学生可从物理、历史、生物、化学、地理、政治中选择三门作为选考科目，每科10
0分。高考总分750分。2023年海南省普通高等学校招生选择性考试 物理 一、单项选择题，每题3分，共24分1. 钍元素衰变时会
放出β粒子，其中β粒子是（ ）A. 中子B. 质子C. 电子D. 光子【参考答案】C【名师解析】放射性元素衰变时放出的三种射线α、
β、γ分别是氦核流、电子流和光子流。其中β粒子是电子，C正确。2. 如图所示，带正电的小球竖直向下射入垂直纸面向里的匀强磁场，关于
小球运动和受力说法正确的是（ ） A. 小球刚进入磁场时受到的洛伦兹力水平向右B. 小球运动过程中的速度不变C. 小球运动过程的加
速度保持不变D. 小球受到的洛伦兹力对小球做正功【参考答案】A【名师解析】根据左手定则，可知小球刚进入磁场时受到的洛伦兹力水平向右
，A正确；小球受洛伦兹力和重力的作用，则小球运动过程中速度、加速度大小，方向都在变，BC错误；洛仑兹力永不做功，D错误。3. 如图
所示，工人利用滑轮组将重物缓慢提起，下列说法正确的是（ ） A. 工人受到的重力和支持力是一对平衡力B. 工人对绳的拉力和绳对工人
的拉力是一对作用力与反作用力C. 重物缓慢拉起过程，绳子拉力变小D. 重物缓慢拉起过程，绳子拉力不变【参考答案】B【名师解析】对人
受力分析有 则有 FN＋FT= mg其中工人对绳的拉力和绳对工人的拉力是一对作用力与反作用力，A错误、B正确；对滑轮做受力分析有
则有则随着重物缓慢拉起过程，θ逐渐增大，则FT逐渐增大，CD错误。4. 下面上下两图分别是一列机械波在传播方向上相距6m的两个质点
P、Q的振动图像，下列说法正确的是（ ） A. 该波的周期是5sB. 该波的波速是3m/sC. 4s时P质点向上振动D. 4s时Q
质点向上振动【参考答案】C【名师解析】由振动图像可看出该波的周期是4s，A错误；由于Q、P两个质点振动反相，则可知两者间距离等于
，n = 0，1，2，…根据 ，n = 0，1，2，…，可知B错误；由P质点的振动图像可看出，在4s时P质点在平衡位置向上振动，C
正确；由Q质点的振动图像可看出，在4s时Q质点在平衡位置向下振动，D错误。。5. 下列关于分子力和分子势能的说法正确的是（ ） A
. 分子间距离大于r0时，分子间表现为斥力B. 分子从无限远靠近到距离r0处过程中分子势能变大C. 分子势能在r0处最小D. 分子
间距离小于r0且减小时，分子势能在减小【参考答案】C【名师解析】分子间距离大于r0，分子间表现为引力，分子从无限远靠近到距离r0处
过程中，引力做正功，分子势能减小，则在r0处分子势能最小；继续减小距离，分子间表现为斥力，分子力做负功，分子势能增大。C正确。。6
. 汽车测速利用了电磁感应现象，汽车可简化为一个矩形线圈abcd，埋在地下的线圈分别为1、2，通上顺时针（俯视）方向电流，当汽车经
过线圈时（ ） A. 线圈1、2产生的磁场方向竖直向上B. 汽车进入线圈1过程产生感应电流方向为abcdC. 汽车离开线圈1过程产
生感应电流方向为abcdD. 汽车进入线圈2过程受到的安培力方向与速度方向相同【参考答案】C【名师解析】由题知，埋在地下的线圈1、
2通顺时针（俯视）方向的电流，则根据右手定则，可知线圈1、2产生的磁场方向竖直向下，A错误；汽车进入线圈1过程中，磁通量增大，根据
楞次定律可知产生感应电流方向为adcb（逆时针），B错误；汽车离开线圈1过程中，磁通量减小，根据楞次定律可知产生感应电流方向为ab
cd（顺时针），C正确；汽车进入线圈2过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流方向为adcb（逆时针），再根据左手定则，可
知汽车受到的安培力方向与速度方向相反，D错误。7. 如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻不计，电容器电容为C，闭合开关K，待电路
稳定后，电容器上电荷量为（ ） A. CEB. C. D. 【参考答案】C【名师解析】电路稳定后，由于电源内阻不计，则整个回路可看
成3R、2R的串联部分与R、4R的串联部分并联，若取电源负极为零电势点，则电容器上极板的电势为电容器下极板的电势为则电容两端的电压
则电容器上的电荷量为 ，C正确。。8. 如图所示，一光滑绝缘轨道水平放置，直径上有A、B两点，AO = 2cm，OB = 4cm，
在AB固定两个带电量分别为Q1、Q2的正电荷，现有一个带正电小球静置于轨道内侧P点（小球可视为点电荷），已知AP：BP = n：1
，试求Q1：Q2是多少（ ） A. 2n2：1B. 4n2：1C. 2n3：1D. 4n3：1【参考答案】C【名师解析】对小球受力
分析如图所示 由正弦定理有其中 ∠CPH = ∠OPB，∠CHP = ∠HPD = ∠APO其中△APO中，同理有 其中 ，联立有
Q1：Q2= 2n3：1，C正确。。二、多项选择题，每题4分，共20分9. 如图所示，1、2轨道分别是天宫二号飞船在变轨前后的轨
道，下列说法正确的是（ ） A. 飞船从1轨道变到2轨道要点火加速B. 飞船在1轨道周期大于2轨道周期C. 飞船在1轨道速度大于2
轨道D. 飞船在1轨道加速度大于2轨道【参考答案】ACD【名师解析】飞船从较低的轨道1进入较高的轨道2要进行加速做离心运动才能完成
，选项A正确；根据 可得 ，，可知飞船在轨道1的周期小于在轨道2的周期，在轨道1的速度大于在轨道2的速度，在轨道1的加速度大于在轨
道2的加速度，故选项B错误，CD正确。10. 已知一个激光发射器功率为，发射波长为的光，光速为，普朗克常量为，则（ ）A. 光的频
率为B. 光子的能量为C. 光子的动量为D. 在时间内激光器发射的光子数为【参考答案】AC【名师解析】光的频率 ，选项A正确；光子
的能量 ，选项B错误；光子的动量 ，选项C正确；在时间t内激光器发射的光子数 ，选项D错误。11. 下图是工厂利用的交流电给照明灯
供电的电路，变压器原线圈匝数为1100匝，下列说法正确的是（ ） A. 电源电压有效值为B. 交变电流的周期为C. 副线圈匝数为1
80匝D. 副线圈匝数为240匝【参考答案】BC【名师解析】电源电压的有效值 ，选项A错误；交流电的周期 ，选项B正确；．根据变压
器变压公式 可得副线圈匝数 匝，选项C正确，D错误。12. 如图所示，正三角形三个顶点固定三个等量电荷，其中带正电，带负电，为边
的四等分点，下列说法正确的是（ ） A. 、两点电场强度相同B. 、两点电势相同C. 负电荷在点电势能比在点时要小D. 负电荷在点
电势能比在点时要大【参考答案】BC【名师解析】根据场强叠加以及对称性可知，MN两点的场强大小相同，但是方向不同，选项A错误；因在A
B处的正电荷在MN两点的合电势相等，在C点的负电荷在MN两点的电势也相等，则MN两点电势相等，选项B正确；因负电荷从M到O，因AB
两电荷的合力对负电荷的库仑力从O指向M，则该力对负电荷做负功，C点的负电荷也对该负电荷做负功，可知三个电荷对该负电荷的合力对其做负
功，则该负电荷的电势能增加，即负电荷在M点的电势能比在O点小；同理可知负电荷在N点的电势能比在O点小。选项C正确，D错误。13.
如图所示，质量为，带电量为的点电荷，从原点以初速度射入第一象限内的电磁场区域，在（为已知）区域内有竖直向上的匀强电场，在区域内有垂
直纸面向里的匀强磁场，控制电场强度（值有多种可能），可让粒子从射入磁场后偏转打到接收器上，则（ ） A 粒子从中点射入磁场，电场强
度满足B. 粒子从中点射入磁场时速度为C. 粒子在磁场中做圆周运动的圆心到的距离为D. 粒子在磁场中运动的圆周半径最大值是【参考答
案】AD【名师解析】若粒子打到PN中点，则 ，解得 ，选项A正确；粒子从PN中点射出时，则 速度 选项B错误； C．粒子从电场中射
出时的速度方向与竖直方向夹角为θ，则粒子从电场中射出时的速度粒子进入磁场后做匀速圆周运动，则则粒子进入磁场后做圆周运动的圆心到MN
的距离为解得选项C错误；D．当粒子在磁场中运动有最大运动半径时，进入磁场的速度最大，则此时粒子从N点进入磁场，此时竖直最大速度出离
电场的最大速度则由可得最大半径选项D正确；。14. 用激光测玻璃砖折射率的实验中，玻璃砖与屏P平行放置，从另一侧用激光笔以一定角度
照射，此时在屏上的S1处有激光点，移走玻璃砖，光点移到S2处，回答下列问题： （1）请画出激光束经玻璃折射后完整的光路图_____
____；（2）已经测出AB = l1，OA = l2，S1S2= l3，则折射率n = _________（用l1、l2、l3表
示）；（3）若改用宽ab更小的玻璃砖做实验，则S1S2间的距离会_________（填“变大”，“变小”或“不变”）。【参考答案】
①. ②. ③. 变小【名师解析】（1）[1]根据题意画出光路图如下图所示 （2）设光线入射角为θ、折射角为α，则在C
点根据折射定律有nsinθ = sinα由于射入玻璃砖的入射角是射出玻璃砖的折射角，则S1S2= CB根据几何关系可知联立解得（3
）[3]若改用宽ab更小的玻璃砖做实验，则画出光路图如下 可看出S1S2间的距离变小。15. 用如图所示的电路测量一个量程为100
μA，内阻约为2000Ω的微安表头的内阻，所用电源的电动势约为12V，有两个电阻箱可选，R1（0 ~ 9999.9Ω），R2（99
999.9Ω） （1）RM应选_________，RN应选_________；（2）根据电路图，请把实物连线补充完整_______
__； （3）下列操作顺序合理排列是______：①将变阻器滑动头P移至最左端，将RN调至最大值；②闭合开关S2，调节RM，使微安
表半偏，并读出RM阻值；③断开S2，闭合S1，调节滑动头P至某位置再调节RN使表头满偏；④断开S1、S2，拆除导线，整理好器材（4
）如图是RM调节后面板，则待测表头的内阻为_________，该测量值_________（填“大于”、“小于”、“等于”）真实值。
（5）将该微安表改装成量程为2V的电压表后，某次测量指针指在图示位置，则待测电压为_________V（保留3位有效数字）。 （
6）某次半偏法测量表头内阻的实验中，S2断开，电表满偏时读出RN值，在滑动头P不变，S2闭合后调节电阻箱RM，使电表半偏时读出RM
，若认为OP间电压不变，则微安表内阻为_________（用RM、RN表示）【参考答案】（1） ①. R1 ②. R2 （2）③.
（3） ④. ①③②④ （4） ⑤. 1998.0Ω ⑥. 小于 （5） ⑦. 1.28 （6）⑧. 【名师解析】（1）[1]
[2]根据半偏法的测量原理可知，RM与R1相当，当闭合S2之后，变阻器上方的电流应基本不变，就需要RN较大，对下方分压电路影响甚微
。故RM应选R1，RN应选R2。（2）[3]根据电路图连接实物图有 （3）[4]根据半偏法的实验步骤应为①将变阻器滑动头P移至最左
端，将RN调至最大值；③断开S2，闭合S1，调节滑动头P至某位置再调节RN使表头满偏；②闭合开关S2，调节RM，使微安表半偏，并读
出RM阻值；④断开S1、S2，拆除导线，整理好器材。（4）[5]根据RM调节后面板读数为1998.0Ω。[6]当闭合S2后，原电路
可看成如下电路 闭合S2后，相当于RM由无穷大变成有限值，变小了，则流过RN的电流大于原来的电流，则流过RM的电流大于，故待测表头
的内阻的测量值小于真实值。（5）[7]将该微安表改装成量程为2V的电压表，则需要串联一个电阻R0，则有U = Ig(Rg＋R0)此
时的电压读数有U′ = I′(Rg＋R0)其中U = 2V，Ig= 100μA，I′ = 64μA联立解得U′ = 1.28V（6
）根据题意OP间电压不变，可得解得16. 某饮料瓶内密封一定质量理想气体，时，压强（1）时，气压是多大？（2）保持温度不变，挤压气
体，使之压强与（1）时相同时，气体体积为原来的多少倍？ 【参考答案】（1）；（2）0.97【名师解析】（1）瓶内气体的始末状态的热
力学温度分别为，温度变化过程中体积不变，故由查理定律有解得（2）保持温度不变，挤压气体，等温变化过程，由玻意耳定律有解得17. 如
图所示，U形金属杆上边长为，质量为，下端插入导电液体中，导电液体连接电源，金属杆所在空间有垂直纸面向里的匀强磁场。（1）若插入导电
液体部分深，闭合电键后，金属杆飞起后，其下端离液面高度，设杆中电流不变，求金属杆离开液面时速度大小和金属杆中的电流有多大；（2）若
金属杆下端刚与导电液体接触，改变电动势的大小，通电后金属杆跳起高度，通电时间，求通过金属杆截面的电荷量。 【参考答案】（1），4A
；（2）0.085C【名师解析】（1）对金属杆，跳起的高度为，竖直上抛运动由运动学关系式解得通电过程金属杆收到的安培力大小为由动能
定理得解得（2）对金属杆，通电时间，由动量定理有由运动学公式通过金属杆截面的电荷量联立解得18. 如图所示，有一固定的光滑圆弧轨道
，半径，一质量为的小滑块B从轨道顶端滑下，在其冲上长木板C左端时，给木板一个与小滑块相同的初速度，已知，B、C间动摩擦因数，C与地
面间的动摩擦因数，C右端有一个挡板，C长为。求：（1）滑到的底端时对的压力是多大？（2）若未与右端挡板碰撞，当与地面保持相对静止时
，间因摩擦产生的热量是多少？（3）在时，B与C右端挡板发生碰撞，且碰后粘在一起，求从滑上到最终停止所用时间。 【参考答案】（1）30N；（2）1.6J；（3）【名师解析】（1）滑块下滑到轨道底部，有解得在底部，根据牛顿第二定律解得由牛顿第三定律可知B对A的压力是。（2）当B滑上C后，对B分析，受摩擦力力向左，根据牛顿第二定律得解得加速度向左为对C分析，受B向右的摩擦力和地面向左的摩擦力根据牛顿第二定律解得其加速度向左为由运动学位移与速度关系公式，得B向右运动的距离C向右运动距离由功能关系可知，B、C间摩擦产生的热量可得（3）由上问可知，若B还末与C上挡板碰撞，C先停下，用时为，有解得B的位移为则此刻的相对位移为此时由，一定是C停下之后，B才与C上挡板碰撞。设再经时间B与C挡板碰撞，有解得碰撞时B速度为碰撞时由动量守恒可得解得碰撞后B、C速度为之后二者一起减速，根据牛顿第二定律得后再经后停下，则有故从滑上到最终停止所用的时间总时间zxxk.com学科网（北京）股份有限公司zxxk.com学科网（北京）股份有限公司 |
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