河北省2022-2023学年高一下学期期末考试物理试卷一、单选题1．用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法．下列四个选项中应用了比值定义
法的是（ ）①加速度②电场强度③电容④电流A．①③B．②③C．②③④D．①③④2．两个分别带有电荷量均为Q的相同金属小球（均可视
为点电荷），固定在相距为r的两处，它们之间库仑力的大小为F，将其中一球电荷量变为2Q，并把它们的距离变为2r，则两球间库仑力的大小
变为（ ）A．B．C．D．3．如图所示为带电体周围分布的三个等差等势面，其中、、是等势面上的三个点。已知带电体带正电，则下列说法
正确的是（ ）A．点的电势一定高于点的电势B．点的场强一定大于点的场强C．带负电的试探电荷在、两点的电势能不相等D．将带负电的试
探电荷由点移到点，电场力做负功4．平行板间加如图所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，
运动过程无碰板情况，能定性描述粒子运动的速度图象正确的是（ ）A．B． C． D．5．如图所示，a、b、c为电场中相邻的三条等差
等势线，质子仅在电场力作用下从A点沿实线经B点运动到C点，A、B、C三点的场强大小分别为EA、EB、EC；电势分别为φA、φB、φ
C；质子在A、B、C三点的电势能分别为EpA、EpB、EpC；动能分别为EkA、EkB、EkC，则（ ）A．EA＞EB＞ECB．
φA＞φB＞φCC．EpA＞EpB＞EpCD．EkA＜EkB＜EkC6．已知G表的内阻为100Ω，满偏电流为300μA，若用此表头
改装成0.6A量程的电流表，则（ ）A．串联一个199900Ω电阻B．串联一个0.05Ω电阻C．并联一个199900Ω电阻D．并
联一个0.05Ω电阻7．跳台滑雪是一种勇敢者的运动。如图所示，某运动员穿着专用滑雪板，第一次从跳台A处由静止开始沿倾角为30°的滑
雪道滑到B处，第二次从跳台A处以的水平速度飞出，在空中飞行一段时间后刚好落在B处，已知运动员第一次运动到B处所用的时间为第二次的倍
，不计空气阻力，重力加速度g取，则（ ）A．运动员两次运动的平均速度相同B．滑雪板与雪道间的动摩擦因数为C．A、B两点间的雪道长
度为30mD．运动员第二次到达B处时的动能是第一次的3倍二、多选题8．如图所示，平行板电容器与电源电压恒为的直流电源连接，下极板接
地。一带电油滴位于电容器中的点且恰好处于平衡状态。下列说法正确的是（ ）A．带电油滴所带电荷为正电荷B．若电容器的电容减小，则极
板所带电荷量将减小C．将平行板电容器的上极板竖直向上移动一段距离，则带电油滴将竖直向上运动D．将平行板电容器的上极板水平向左移动一
段距离，则带电油滴仍然保持平衡状态9．x轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2的位置坐标分别为x1、x2. Q1和Q2之间各点对应的
电势高低如图中曲线所示，从图中可看出?A．Q1的电荷量一定大于Q2的电荷量B．Q1和Q2一定是同种电荷，但不一定是正电荷C．电势最
低处P点的电场强度为零D．将一正点电荷由xP点的左侧移至右侧，电势能先增大后减小10．如图所示，用长为L的轻质细绳悬挂一个质量为M
的木块，一个质量为m的子弹以大小为的速度自左向右水平射入此木块且未穿出，重力加速度大小为g，不计子弹射入木块的时间和空气阻力，子弹
和木块均可视为质点，下列说法正确的是（ ）A．子弹射入木块后瞬间，子弹的速度大小为B．子弹射入木块后瞬间，细绳对木块的拉力大小为
C．木块向上摆动的过程中重力势能增大，机械能减小D．木块能到达的最大高度（相对木块摆动前静止的位置）可能为三、实验题11．有同学利
用如图所示的装置完成“验证机械能守恒定律”的实验。（1）关于本实验，下列说法正确的是____________。A．纸带越短，阻力的
影响越小，实验效果越好B．若使用电磁式打点计时器，它应该接交流电源C．纸带上端用固定的夹子夹住后释放纸带的效果比用手更好D．必须利
用天平准确测量出重物的质量，否则无法进行验证E．若要对减小实验误差有利，重物可选用质量和密度较大的金属重锤（2）操作全部符合要求，
该同学得到一条合适的纸带（局部）如下图所示，已知该条纸带上的第1、2两个点（图中未画出）间的距离近似为，刻度尺的“0”与第1个点对
齐，A、B、…G各点对应的数据是该点到第1个点的距离，打点计时器所接电源频率为，重物质量为，当地的重力加速度为。①若规定打下第1个
点时重物所在位置为参考点，则打下B点时，重物的重力势能为_______J（结果保留三位有效数字）。②打下B点时，重物的动能为___
____J（结果保留三位有效数字）。③实验中发现重力势能减少量大于动能增加量，可能的原因是____________________
_（写出一条即可）。12．某兴趣小组欲测定电阻Rx的阻值．(1)该小组先用多用电表粗测Rx的阻值，将选择开关置于欧姆“×1”挡，再
将红表笔和黑表笔短接进行__________________．正确测量时欧姆表的指针如图1所示．电阻Rx的阻值约为________
__Ω．(2)该小组想尽可能精确地测量Rx的阻值，在实验室找到如下器材．电压表(0～3V，内阻约30kΩ)电流表(0～0.6A，内
阻为0.5Ω)滑动变阻器(0～5Ω) 电源(电动势3V，内阻不计)开关和导线若干①请用笔代替导线把图2中的电路图补充完整_____
_______；②在正确连接电路后，闭合开关．当滑动变阻器的滑片移至某位置时，电压表和电流表的示数分别如图甲和乙所示，电压表的示数
是___________V，电流表的示数是___________A，可得待测电阻的阻值为___________Ω．四、解答题13．
一试探电荷q=+4×10-9C，在电场中P点受到的静电力F=6×10-7N．则： （1）P点的场强大小？ （2）将试探电荷移走后，
P点的场强大小为？ （3）放一电荷量为q′=1.2×10-6C的电荷在P点，受到的静电力F′的大小？14．在芯片制造过程中，离子注
入是其中一道重要的工序。如图所示是离子注入工作原理示意图，离子经加速后沿水平方向进入速度选择器，然后通过磁分析器，选择出特定比荷的
离子，经偏转系统后注入处在水平面内的晶圆（硅片），速度选择器、磁分析器和偏转系统中的匀强磁场的磁感应强度大小均为B，方向均垂直于纸
面向外；速度选择器和偏转系统中的匀强电场的电场强度大小均为E，方向分别为竖直向上和垂直于纸面向外，磁分析器截面是内外半径分别为R1
和R2的四分之一圆环，其两端中心位置M和N处各有一个小孔；偏转系统中电场和磁场的分布区域是同一棱长为L的正方体，其底面与晶圆所在水
平面平行，间距也为L，当偏转系统不加电场及磁场时，质量为m的离子恰好竖直注入到晶圆上的О点（即图中坐标原点，x轴垂直纸面向外），整
个系统置于真空中，不计离子重力及离子间的相互作用，打在晶圆上的离子，经过电场和磁场偏转的角度都很小，当α很小时，有，，求：（1）离
子通过磁分析器选择出来离子的电荷量大小；（2）偏转系统仅加电场时，离子在穿越偏转系统中动能的增加量；（3）偏转系统仅加磁场时，离子
注入晶圆的位置坐标（x，y）（用长度R1、R2及L表示）。15．如图，在竖直平面内，一半径为R的光滑绝缘圆弧轨道ABC和水平绝缘轨
道PA在A点相切，BC为圆弧轨道的直径，O为圆心，OA和OB之间的夹角为α，。整个装置处于水平向右的匀强电场中。一质量为m、电荷量
为的带电小球在电场力的作用下沿水平轨道向右运动，经A点沿圆弧轨道通过C点，落至水平轨道。已知小球在C点所受合力的方向指向圆心，且此
时小球对轨道的压力恰好为零，重力加速度大小为g。（计算结果可带根号）求（1）匀强电场的场强大小；（2）小球到达A点时速度的大小；（
3）小球从C点落至水平轨道上的时间是多少。参考答案1．D【详解】加速度，电容，电流均采用比值定义法，电场强度不是比值定义法。故选D
。2．A【详解】根据库仑定律可得其中一球电荷量变为2Q，并把它们的距离变为2r，则两球间库仑力的大小变为故选A。3．B【详解】A．
带电体带正电，电场线向外发散，点的电势一定低于点的电势，A错误；B．图中等势面为等差等势面，等差等势面的疏密程度反映场强大小，点的
场强一定大于点的场强，B正确；C．、两点的电势相等，带负电的试探电荷在、两点的电势能相等，C错误；D．将带负电的试探电荷由点移到点
，电势能变小，电场力做正功，D错误。故选B。4．A【详解】由于电压在一段时间内是常数，所以电场强度也是常数，带电粒子受到的电场力也
是常数，根据牛顿第二定律F=ma可知带电粒子的加速度也是常数；带电粒子匀加速后，电压反向了，电场力也反向，该粒子做匀减速直线运动。
由于加、减速时间相同，该粒子的速度恰好减为零，没有反向运动的机会；下一周期又开始匀加速。故选A。5．A【详解】A．等势线的疏密表示
电场强度的大小，等势线越密集场强越大，则EA＞EB＞EC故A正确；B．质子所受电场力指向轨迹凹侧，根据电场线与等势线垂直，作出大致
的电场线方向如图所示，再根据沿电场线方向电势降低可知φA＜φB＜φC故B错误；CD．质子由A点运动到C点的过程中，电场力对质子做负
功，质子的电势能增加，根据能量守恒定律可知质子动能减小，即EpA＜EpB＜EpC，EkA＞EkB＞EkC故CD错误。故选A。6．D
【详解】把电流表改装成大量程电流表，需要并联一个分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值．解：把电流表改装成0.6
A的电流表需要并联一个分流电阻，分流电阻阻值：R==≈0.05Ω；则D正确，ABC错误故选D7．C【详解】A．运动员两次运动的位移
均等于A、B两点间雪道的长度，由可知，运动员运动的时间不同，则运动员两次运动的平均速度不同，A错误；B．设A、B两点间雪道的长度为
l，运动员沿雪道向下滑动的加速度大小为a，则第一次的运动时间为第二次的运动时间为又解得由牛顿第二定律有解得B错误；C．设运动员第二
次到达B处时的速度大小为，与水平方向间的夹角为α，如图所示则由可知由运动的合成与分解可知解得由动能定理有解得C正确；D．运动员第一
次到达B处时的动能为第二次到达B处时的动能为则D错误。故选C。8．BD【详解】A．电容器的上极板与电源正极相连，下极板与电源负极相
连，则两极板间电场方向竖直向下。油滴静止，所受重力竖直向下，则所受电场力竖直向上，油滴带负电，故A错误；B．根据若电容器的电容减小
，则极板所带电荷量将减小，故B正确；C．将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则两极板之间的距离增加，根据知电场强度减小，
则油滴所受电场力减小，可知油滴所受合力竖直向下，会由静止向下运动，故C错误；D．将平行板电容器的上极板水平向左移动一小段距离，由于
两极板间电压不变，两极板间距离不变，则电场强度不变，油滴所受电场力不变，油滴仍然保持平衡状态，故D正确。故选BD。9．AC【详解】
P点切线斜率为零，而φ-x图线的切线斜率表示电场强度的大小，则P点的电场强度为零．两电荷在P点的合场强为零，P点距离Q1较远，根据
点电荷的场强公式知，Q1的电量大于Q2的电量，故AC正确；从坐标x1到x2电势先减小后增大，因为沿电场线方向电势逐渐降低，知Q1和
Q2一定是同种电荷，且都为正电荷，故B错误；P点的左侧电场方向向右，P点的右侧电场方向向左，知正电荷所受的电场力先向右后向左，电场
力先做正功再做负功，电势能先减小后增大，故D错误．所以AC正确，BD错误．10．AD【详解】A．因为子弹与木块作用时间极短，子弹与
木块间的相互作用力远大于它们的重力，所以子弹与木块组成的系统水平方向动量守恒解得子弹射入木块后瞬间，子弹的速度大小为A正确；B．根
据分析可得细绳对木块的拉力大于，B错误；C．木块向上摆动的过程中只有重力做功，绳子拉力不做功，机械能守恒，向上摆动重力势能增大，C
错误；D．根据机械能守恒解得D正确。故选AD。11． CE/EC 2.35 纸带和计时器之间有摩擦力、重物受到空气
阻力【详解】（1）[1]A．纸带过短，记录的点迹过少，将影响数据测量，实验效果反而不好，故A错误；B．电磁打点计时器应该接低压交流
电源，故B错误；C．纸带上端用固定的夹子夹住后释放纸带的效果比用手更好，可以有效防止手抖动带来的影响，故C正确；D．根据实验原理可
知，验证的关系为该式化简后为可知重物的质量可以不测量，故D错误；E．若要对减小实验误差有利，重物可选用质量和密度较大的金属重锤，故
E正确。故选CE。（2）[2]规定打下第1个点时重物所在位置为参考点，则打下B点时，重物的重力势能为[3]用AC段的平均速度代替B
点的瞬时速度，即则此时重物的动能为[4]纸带和计时器之间有摩擦力、重物受到空气阻力12． 欧姆调零 10 2.20
0.22 9.5【分析】欧姆表的读数方法为刻度盘读数乘以倍率，欧姆挡表盘刻度不均匀，估读无意义；选择实验器材，根
据要求满足安全性，准确性，方便操作的原则选择待选器材，电流表的接法要求大电阻内接法，小电阻外接法，但当电流表内阻值已知时优先选用电
流表内接法可求电阻的真实值，用小电阻控制大电阻，用分压式接法；利用欧姆定律求解待测电阻的阻值；【详解】(1)[1]多用表选择欧姆挡
后，需要进行欧姆调零；[2]其读数为刻度盘读数乘以倍率，故读数为；(2)①[3]由于电流表内阻为准确值，可选用电流表内接法测量待测
电阻的真实值，故电路图如图所示：②[4][5]根据电表的量程和最小分度值读数，电压表示数，电流表的示数为；[6]待测电阻的阻值为：
【点睛】本题中所给的电流表内阻为确定值，用电流表的内接法可求出电阻的准确值，特别注意电表内阻是不是确定值．13．(1)1.5×10
2；(2)1.5×102；(2)1.8×10-4N【详解】(1)P点的电场强度为(2)试探电荷移走后，P点的场强大小150(3)将
电荷量为q′＝1.2×10-6C的电荷放在P点，受到的静电力为F′＝q′E＝1.2×10-6×150N＝1.8×10-4N14．（
1）；（2）；（3）【详解】（1）在速度选择器中有通过在磁分析器的离子根据几何关系有解得（2）偏转系统仅加电场时，离子在偏转系统中
做类平抛运动，则有，离子在穿越偏转系统中动能的增加量解得（3）偏转系统仅加磁场时，离子沿y轴正方向偏转，则有x=0作出粒子在偏转系统中的轨迹如图所示根据几何关系有，当α很小时，有，解得即离子注入晶圆的位置坐标为。15．（1）；（2）；（3）【详解】解：（1）设带电小球在C点受电场力大小为F0，电场强度大小为E，由题意可知带电小球在C点受力的关系是解得（2）设小球在C点时受合力大小为F，速度大小为vC，由牛顿第二定律可得联立解得设小球在A点的速度大小为vA，做CD垂直PA，交点D，由几何关系可得DA=RsinαCD=R（1+cosα）由动能定理，小球从A到C有?联立解得（3）小球离开C点到落至水平轨道上，在竖直方向做竖直下抛运动，落至水平轨道上的时间设为t，初速度为vCsinα，加速度为g，由位移时间公式可有代入数据解得小球从C点落至水平轨道上的时间是。?。答案第11页，共22页答案第11页，共22页试卷第11页，共33页试卷第11页，共33页 |
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