人教版九年级上册第一次月考物理试卷（附答案）

人教版九年级上册第一次月考物理试卷（附答案）一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题只有一个选项正确）1．（2分）下列简单机
械的应用实例中，属于省距离机械应用的是（　　）A．羊角锤B．天平C．盘山公路D．筷子2．（2分）如图所示的四个现象中，改变物体内能
的方式与其它三个现象不相同的是（　　）A．两手摩擦能发热B．烧水水变热C．钻木取火D．锯木材锯子发热3．（2分）抛实心球时动作示范
如图所示，将此过程中球所在位置用数字标记。其中1号位置是发力投掷的起始位置，在3号位置球恰好脱离手掌。下列说法正确的是（　　）A．
球在1号位置保持不动时，人对球做了功B．球由2号位置运动到3号位置，人对球不做功C．球由3号位置运动到4号位置，人对球做了功D．球
由4号位置运动到5号位置，人对球不做功4．（2分）如图所示，用四个完全相同的滑轮和两根相同的绳子组成的甲、乙滑轮组，若匀速提升重力
相同的物体，则（　　）A．甲滑轮组较省力，机械效率较高B．乙滑轮组较省力，机械效率较高C．两个滑轮组省力程度相同，机械效率不同D．
两个滑轮组省力程度不同，机械效率相同5．（2分）无人机已被应用于诸多领域。如图所示，是一款我国具有完全自主知识产权的某品牌无人机，
在无人机匀速上升的过程中（　　）A．动能不变，重力势能增大B．动能减小，重力势能增大C．动能增大，重力势能增大D．动能增大，重力势
能减小6．（2分）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）A．物体的温度越高，所含的热量就越多B．发生热传递时，热量总是从内
能大的物体转移到内能小的物体C．一个物体吸收了热量，内能增加但温度可能不变D．温度高的物体一定比温度低的物体内能大7．（2分）如图
所示是小球弹跳过程的频闪照片，一只掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低（　　）A．小球在最高点A时，动能为零B
．小球在B、C位置的重力势能相同，动能相同C．小球在A、B、C位置的机械能相同D．小球在B位置的动能比在C位置的大8．（2分）下列
描述正确的是（　　）A．沿海地区白天易形成海风B．一位同学正常骑车的功率约为700WC．功的单位是J，符号是pD．电池的作用只能是
电源9．（2分）两个质量不同的金属块，放出相同热量，降低相同温度，则（　　）A．质量大的金属块的比热容一定大B．质量大的金属块的比
热容一定小C．质量大的金属块的比热容可能大D．两个金属块的比热容有可能相同10．（2分）学习了功率的知识后，小明和几位同学准备开展
“比一比谁的功率大”的活动，他们设计了三套方案：①测量出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度；②控制爬楼的时间相同，测量出各自的体
重、爬楼的高度；③控制爬楼的高度相同，测量出各自的体重、爬楼的时间，可行的是（　　）A．只有①B．只有①②C．只有②③D．①②③都
可以11．（2分）如图所示，将同一物体分别沿光滑的斜面AB、AC以相同的速度从底部匀速拉到顶点A，已知AB＞AC1、F2，拉力做的
功为W1、W2，拉力做功的功率分别为P1、P2，则下列判断中正确的是（　　）A．F1＜F2 W1＝W2 P1＜P2B．F1＞F2
W1＞W2 P1＞P2C．F1＜F2 W1＜W2 P1＜P2D．F1＜F2 W1＝W2 P1＞P212．（2分）2020年11月，
我国用“长征五号”遥五运载火箭成功发射“嫦娥五号”。如图所示为“嫦娥五号”绕月球做椭圆轨迹飞行的示意图，此时在大气层外运行（　　）
A．“嫦娥五号”从远月点运行到近月点，势能减小，动能增大B．“嫦娥五号”从远月点运行到近月点，势能增大，动能减小C．“嫦娥五号”从
近月点运行到远月点，势能增大，动能增大D．“嫦娥五号”从近月点运行到远月点，动能减小，机械能不守恒二、填空题（本题共9小题，每空1
分，共32分）13．（4分）如图为人们所喜爱的电动自行车，它具有轻便、节能、环保等特点。只要将图中车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，
车子就通电了　。给电动车充电时，电瓶相当于 　（电源/用电器），正常行驶时，电动车将 　能转化为 　能。14．（4分）使用简单机械
可以给人们的生活带来便利：如图甲所示，旗杆顶端安装着一个 　滑轮，它的作用是可以 　；如图乙，用裁衣剪刀剪布时，为了更省力应将布放
在 　（选填“靠近”或“远离”）剪刀的转动轴；如图丙建筑工人在高处也经常使用滑轮提升重物，使用该滑轮的好处是 　。15．（3分）小
明用20N的力沿水平方向推着重为50N的箱子匀速前进10m，共花费时间20s。则推力做功为　J，推力做功的功率为　W，箱子自重做功
的功率为　W。16．（3分）如图甲所示，是小明制作的“会跳的卡片”：用手把它平压在桌面上，使橡皮筋伸长，卡片就会弹跳起来。在图中，
A为外表面，实验时应把 　（选填“A”或“B”）面紧贴桌面。小明利用相同的橡皮筋做了图乙、丙中的两张卡片，实验时 　（选填“乙”或
“丙”）图中卡片可以弹跳得更高一些，这是因为 　。17．（5分）如图甲是四冲程汽油机工作过程中的 　冲程，该过程的能量转化情况与图
乙 　（选填“相同”或“不同”）。若汽油机曲轴的转速为1800r/min，则该汽油机1s内对外做功　次。为了降低汽油机汽缸的温度，
汽缸外有一个水箱体，使汽缸被水包围着　大的特点，通过 　的方式减少汽缸的内能。质量为1kg的水温度升高20℃，水吸收的热量为 　J
。[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]18．（4分）如图所示，在测定杠杆机械效率的实验中，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，测力计的
示数F为 　N，测力计上升的高度s为0.2m，物块重G为1.5N，则杠杆的机械效率为 　%，如果G变大，此杠杆机械效率将变 　。如
果将弹簧测力计从A移到B，此杠杆机械效率将 　（变大或变小或不变）19．（3分）如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子
的顶部和底部，中间系一个钩码，它自动滚回来的原因是　能转化为　能，在回来的过程中机械能将　（增大/不变/减小）。20．（3分）如图
所示，将长为1.2m的轻质木棒平放在水平方形台面上，左右两端点分别为A、B，在B端挂一个重为G的物体。（1）若G为30N，台面受到
木棒的压力为 　N；（2）为了防止A端下沉，B端挂的物体至少为 　N；为了防止B端下沉，B端挂的物体不能超过 　N。21．（3分）
如图所示电路：（1）当S1和S2都断开时，称为 　路。（2）当S1和S2都闭合时，称为 　路。（3）当S1闭合、S2断开时，称为
　路。三、作图（本题共3小题，每图2分，共6分）22．（2分）如图所示，这是家用水龙头的示意图，作用在A点的力F向上抬起把手可打开
水龙头。若将把手视为绕0点转动的杠杆23．（2分）人站在地面上用图所示滑轮组提起重物，画出绳子的绕法。24．（2分）如图所示的场景
发生在炎热的天气，在图中虚线框内画一条带箭头的线段，用来表示地面附近空气的流动方向。四、计算（共两小题，每题6分，共12分）25．
（6分）用如图所示滑轮组提升重为180N的物体，使物体在30s内匀速上升了6m，人用的拉力是100N，求：（1）人拉绳做的有用功；
（2）该滑轮组的机械效率；（3）人拉绳做功的功率。26．（6分）可乐是一种畅销饮料，如图是一瓶某品牌可乐的部分包装图，则：（1）喝
完该瓶可乐获得的能量是多少焦耳？（2）这些能量相当于完全燃烧多少千克汽油释放的热量？（q汽油＝4.5×107J/kg）（3）若某汽
车的汽油机效率为30%，在水平路面匀速行驶时牵引力大小为6000N，则这些热量可使该汽车在该水平路面匀速行驶多少米？五、实验（共四
题，每空1分，共26分）27．（6分）如图所示是小明和小华探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。（1）实验前，将杠杆置于支架上，当杠杆
静止时，此时可以把右端的平衡螺母向 　（选填“左”或“右”）调节，直至使杠杆在水平位置平衡；在后面的实验过程中 　（选填“能”或“
不能”）再进行上述操作。（2）如图乙，小明在实验时分别沿着竖直向下和斜向下两个方向拉弹簧测力计，都能使杠杆在水平位置平衡。同组的小
华认为，原因是 　。（3）实验中，通过改变钩码和弹簧测力计的位置或钩码的个数来改变力臂或力的大小进行多次实验，目的是：　。（4）如
图丙，调节好杠杆后在杠杆左边距离支点第3格处挂了4个钩码，每个钩码的重力均为0.5N，可以在支点右侧第4格A处挂个相同的钩码，或在
左侧第2格B处竖直向拉动弹簧测力计　N。（杠杆上每小格等距）（5）他们继续探究：保持钩码数量和位置不变，杠杆在水平位置平衡时，测出
多组动力臂L1和动力F1的数据，绘制了L1﹣F1的关系图像，如图丁所示。请根据图像推算，当L1为25cm时，F1为 　N。28．（
9分）在探究动能大小与哪些因素有关的实验中。（1）如图甲所示，小明先探究动能大小与速度关系，他控制小车质量保持不变　（选填“相同”
或“不同”）高度静止下滑，目的是使小车到达水平面时速度不同，通过比较木块移动的距离（2）小华认为去掉木块，利用粗糙且足够长的木板，
通过比较“小车在木板上运动的距离”也能比较小车动能的大小，通过在小车上加砝码来改变质量，得到如图乙所示的实验情形。据此她得出的结论
：在速度相同的条件下　的（选填“正确”或“错误”）。（3）小磊在探究“动能大小与质量的关系”时将实验装置改进成如图丙所示，利用质量
不同的铁球将一弹簧压缩相同程度静止释放，撞击同一木块　。（4）如图丁所示，质量较小的扑克牌动能较大时能切入黄瓜，根据影响动能大小的
因素可知　（选填“较大”或“较小”）的速度。29．（5分）利用如图所示的两套装置探究①“不同物质吸热升温的现象”以及②“不同燃料燃
烧放热的现象”，两套装置完全相同，液体和燃料的质量以及种类根据实验的需要和方便进行正确选取。（1）两个实验都要控制 　的质量相等（
选填“液体”、“燃料”或“液体和燃料”），实验中除了图中的器材，都要用到的测量工具是 　。（2）在探究“不同燃料燃烧放热的现象”时
，燃料燃烧放热多少是通过 　来反映的（选填“温度计上升的示数”或“加热时间”）。（3）在探究“不同物质吸热升温的现象”时，根据所测
数据画出了如图丙所示图像（不计热量的损失，两液体温度都未达到沸点），由图可以看出液体升温较快，　的比热容较大（以上两空均选填“a”
或“b”）。如果已知a液体的比热容是2.1×103J/（kg?℃），则b液体的比热容是 　J/（kg?℃）。30．（6分）某物理实
验小组在探究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想：猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关；猜想二：重力势能的大小可能与
物体所在的高度有关；猜想三：重力势能的大小可能与物体的运动路径有关。为了验证猜想，他们准备了如下实验器材：花泥（易产生塑性形变），
刻度尺，体积相同、质量为m的小球3个和质量为2m的小球1个。所用实验装置如图所示（小球在光滑管道中运动的能量损失不计），待小球静止
后，分别用刻度尺测出小球陷入花泥的深度。请你根据图中实验情景完成下列内容。（1）本实验是通过观察 　来判断重力势能大小的。（2）比
较A、B两球，由此可得出结论：　。（3）比较 　两球，可得出结论：当物体 　相同时，高度越高，具有的重力势能越大。（4）比较C、D
两球可知：重力势能大小与物体运动的路径 　（选填“有关”或“无关”）。2023-2024学年江苏省扬州市宝应实验中学九年级（上）月
考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题只有一个选项正确）1．（2分）下列
简单机械的应用实例中，属于省距离机械应用的是（　　）A．羊角锤B．天平C．盘山公路D．筷子【答案】D【分析】结合图片和生活经验，先
判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是省力还是费力，同时明确省距离的杠杆一定是费力的。【解答】解：A、羊角锤在
使用过程中，是省力杠杆，故A不符合题意；B、天平在使用过程中，既不省力也不费力，故B不合题意；C、盘山公路是斜面，但费距离；D、筷
子在使用过程中，是费力杠杆，故D符合题意。故选：D。2．（2分）如图所示的四个现象中，改变物体内能的方式与其它三个现象不相同的是（
　　）A．两手摩擦能发热B．烧水水变热C．钻木取火D．锯木材锯子发热【答案】B【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，其中
做功过程是能量的转化过程，是机械能和内能相互转化的过程；热传递是内能从高温转移到低温的过程，二者的本质不同。【解答】解：A、冬天搓
手取暖；B、烧水水变热；C、钻木取火；D、锯木材锯子发热；综上所述，改变物体内能的方式上与其他三个实例不同的是B。故选：B。3．（
2分）抛实心球时动作示范如图所示，将此过程中球所在位置用数字标记。其中1号位置是发力投掷的起始位置，在3号位置球恰好脱离手掌。下列
说法正确的是（　　）A．球在1号位置保持不动时，人对球做了功B．球由2号位置运动到3号位置，人对球不做功C．球由3号位置运动到4号
位置，人对球做了功D．球由4号位置运动到5号位置，人对球不做功【答案】D【分析】力做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的
方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）；二者缺一不可。【解答】解：A、球在1号位置保持不动时，人对球不做功；B、球由2号位置运
动到6号位置，人对球做功；C、球由3号位置运动到4号位置，人对球不做功；D、球由7号位置运动到5号位置，人对球不做功。故选：D。4
．（2分）如图所示，用四个完全相同的滑轮和两根相同的绳子组成的甲、乙滑轮组，若匀速提升重力相同的物体，则（　　）A．甲滑轮组较省力
，机械效率较高B．乙滑轮组较省力，机械效率较高C．两个滑轮组省力程度相同，机械效率不同D．两个滑轮组省力程度不同，机械效率相同【答
案】D【分析】（1）在不计摩擦和绳重的情况下，若有n段绳子在拉重物，则F＝（G+G动）。（2）机械效率是指有用功占总功的百分比，而
有用功和额外功之和称为总功。增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。【解
答】解：（1）从图中可以看出，甲图是有两段绳子在拉重物（G+G动）；乙图有三段绳子在拉重物，故F＝动），所以两个滑轮组的省力程度不
同。（2）因为两图的动滑轮和绳子是完全相同的，对比分析中所述增大机械效率的方法。故选：D。5．（2分）无人机已被应用于诸多领域。如
图所示，是一款我国具有完全自主知识产权的某品牌无人机，在无人机匀速上升的过程中（　　）A．动能不变，重力势能增大B．动能减小，重力
势能增大C．动能增大，重力势能增大D．动能增大，重力势能减小【答案】A【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大
，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。（2）重力势能大小跟质量、高度有关。高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高
度越高，重力势能越大。【解答】解：无人机匀速上升过程中，无人机的质量不变，重力势能增大，质量不变，故A正确。故选：A。6．（2分）
关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）A．物体的温度越高，所含的热量就越多B．发生热传递时，热量总是从内能大的物体转移到内
能小的物体C．一个物体吸收了热量，内能增加但温度可能不变D．温度高的物体一定比温度低的物体内能大【答案】C【分析】（1）热量是一个
过程量，不能说含有多少热量；（2）热传递的条件：存在温度差；（3）晶体熔化过程中，吸收热量，内能增大、温度不变；（4）内能的大小与
物体的质量、温度、状态等因素有关。【解答】解：A、热量是一个过程量，故A错误；B、发生热传递时，内能大的物体温度不一定高；C、物体
吸收了热量，温度不一定升高，吸收热量，但温度不变；D、内能的大小与物体的质量、状态有关，故D错误。故选：C。7．（2分）如图所示是
小球弹跳过程的频闪照片，一只掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低（　　）A．小球在最高点A时，动能为零B．小球
在B、C位置的重力势能相同，动能相同C．小球在A、B、C位置的机械能相同D．小球在B位置的动能比在C位置的大【答案】D【分析】动能
的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；机械能为动能和势能的和；根据小球的运动状态分析整个过程中机械能的变化。【解
答】解：A、由图可知，动能不为零；BD、由图可知、C位置的高度相同；根据图片可知，这说明小球在运动的过程中，所以B处的机械能大于C
处的机械能，所以B处的动能大于C处的动能、D正确；C、整个过程中，所以小球在A、B，故C错误。故选：D。8．（2分）下列描述正确的
是（　　）A．沿海地区白天易形成海风B．一位同学正常骑车的功率约为700WC．功的单位是J，符号是pD．电池的作用只能是电源【答案
】A【分析】根据物理学中关于水的比热容较大的应用、功率的估测、功的概念和电池的作用等常识进行选择。【解答】解：A.陆地的比热容要比
海水的小，因此在相同的照射条件下陆地升温快，白天陆地表层气温高，海洋表层气温相对低，因此相同海拔海洋上空的气压大于陆地的，形成海风
；B.初中生正常骑车的功率约为70W，故B错误；C.功的单位是J，符号是W；D.蓄电池在充电时相当于用电器，在对外供电时相当于电源
。故选：A。9．（2分）两个质量不同的金属块，放出相同热量，降低相同温度，则（　　）A．质量大的金属块的比热容一定大B．质量大的金
属块的比热容一定小C．质量大的金属块的比热容可能大D．两个金属块的比热容有可能相同【答案】B【分析】两个质量不同、散发热量相同的物
体，降低相同的温度时，其所能放出热量的多少与其比热容有关，故在分析判断时应联系公式Q＝cmΔt进行判断。【解答】解：据公式Q＝cm
Δt可得c＝，金属块的质量不同，其变化的温度相同，故B正确。故选：B。10．（2分）学习了功率的知识后，小明和几位同学准备开展“比
一比谁的功率大”的活动，他们设计了三套方案：①测量出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度；②控制爬楼的时间相同，测量出各自的体重、
爬楼的高度；③控制爬楼的高度相同，测量出各自的体重、爬楼的时间，可行的是（　　）A．只有①B．只有①②C．只有②③D．①②③都可以
【答案】D【分析】要比较功率的大小，有三种方法：①做功时间一定，比较做功的多少，做功多的，功率大；②做功的多少一定，做功时间短的，
功率大；③分别测出功率，进行比较。比较功率不一定必须测出功率。【解答】解：爬楼是克服自身的重力做功，功率P＝＝，①测出各自的体重、
爬楼时间和爬楼的高度求出功率；②控制爬楼的时间相同，测出各自的体重G和爬楼的高度h，功率就越大；③控制爬楼高度相同，测出各自的体重
G和爬楼时间t的比值越大；所以三种方法都是可以的。故选：D。11．（2分）如图所示，将同一物体分别沿光滑的斜面AB、AC以相同的速
度从底部匀速拉到顶点A，已知AB＞AC1、F2，拉力做的功为W1、W2，拉力做功的功率分别为P1、P2，则下列判断中正确的是（　　
）A．F1＜F2 W1＝W2 P1＜P2B．F1＞F2 W1＞W2 P1＞P2C．F1＜F2 W1＜W2 P1＜P2D．F1＜F2
W1＝W2 P1＞P2【答案】A【分析】斜面倾斜角度越大，越费力。斜面AB的倾斜角度小于斜面AC，所以斜面AB更省力，斜面光滑说
明摩擦力为0，即使用光滑的斜面没有额外功。速度相同，AB＞AC，所以物体沿斜面AC用时较少，根据公式P＝，可判断拉力所做的功的功率
大小。【解答】解：（1）斜面AB倾斜角度小于斜面AC，所以物体沿AB运动时拉力较小1＜F2；（2）使用任何机械都不省功，所以拉力在
两斜面上做功相同3＝W2；（3）∵从底部匀速拉到顶点A物体的速度相同，∴根据v＝得出的t＝，物体沿AC运动时用时较少，则根据公式P
＝可知，即P1＜P3。故选：A。12．（2分）2020年11月，我国用“长征五号”遥五运载火箭成功发射“嫦娥五号”。如图所示为“嫦
娥五号”绕月球做椭圆轨迹飞行的示意图，此时在大气层外运行（　　）A．“嫦娥五号”从远月点运行到近月点，势能减小，动能增大B．“嫦娥
五号”从远月点运行到近月点，势能增大，动能减小C．“嫦娥五号”从近月点运行到远月点，势能增大，动能增大D．“嫦娥五号”从近月点运行
到远月点，动能减小，机械能不守恒【答案】A【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。（2）势能大
小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，势能越大。【解答】解：嫦娥五号探测器进入环月轨道飞行时，太空中没有空气；嫦娥五号在远
月点时，高度最高，速度最小，但不为0，动能最大，势能最小，所有从远月点运行到近月点时势能减小；反之，势能增大，故A正确。故选：A。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共32分）13．（4分）如图为人们所喜爱的电动自行车，它具有轻便、节能、环保等特点。只要将图中
车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了　开关　。给电动车充电时，电瓶相当于 　用电器　（电源/用电器），正常行驶时，电动车将
　电　能转化为 　机械　能。【答案】见试题解答内容【分析】（1）开关串联电路中，能起到控制电路中电流通断的作用；（2）给电池充电
的过程，消耗电能，获得化学能；（3）电动自行车是一种新的交通工具，它是利用蓄电池来供电，通过电动机将电能转化成机械能的装置。【解答
】解：（1）电动自行车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了；（2）电瓶充电时是将电能转化为化学能，此时电瓶相当于用电器；（3
）电动自行车在电动骑行时，用蓄电池来供电，再通过电动机将电能转化为机械能。故答案为：开关；用电器；电。14．（4分）使用简单机械可
以给人们的生活带来便利：如图甲所示，旗杆顶端安装着一个 　定　滑轮，它的作用是可以 　改变施加力的方向　；如图乙，用裁衣剪刀剪布时
，为了更省力应将布放在 　靠近　（选填“靠近”或“远离”）剪刀的转动轴；如图丙建筑工人在高处也经常使用滑轮提升重物，使用该滑轮的好
处是 　省力　。【答案】定；改变施加力的方向；靠近；省力。【分析】（1）定滑轮可以改变力的方向，但不省力；动滑轮可以省一半的力，但
不能改变力的方向；（2）根据杠杆平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，阻力臂越短，越省力。【解答】解：旗杆上的滑轮为定滑轮，利用它来升国
旗；当旗帜缓慢下降时，手对绳的拉力方向向下；图中剪刀在使用过程中，在同样的情况下，减小了阻力臂1L1＝F7L2可知：阻力臂L2越小
，越省力，可以省力；动滑轮的实质是动力臂为阻力臂3倍的杠杆，使用动滑轮的好处是可以省一半力。故答案为：定；改变施加力的方向；省力。
15．（3分）小明用20N的力沿水平方向推着重为50N的箱子匀速前进10m，共花费时间20s。则推力做功为　200　J，推力做功的
功率为　10　W，箱子自重做功的功率为　0　W。【答案】200；10；0。【分析】（1）已知推力和箱子在推力的方向上移动的距离，根
据公式W＝Fs可求推力做的功；又知做功的时间，根据公式P＝求推力做功的功率。（2）一个力要对物体做功，物体必须在这个力的方向上通过
一段距离，据此判断重力是否做功，然后根据P＝求重力做功的功率。【解答】解：推力做的功为：W＝Fs＝20N×10m＝200J。推力做
功的功率为：P＝＝＝10W。重力的方向竖直向下，箱子在水平方向上通过了距离，所以箱子的重力没有做功；故根据P＝，箱子自重做功的功率
为0W。故答案为：200；10；0。16．（3分）如图甲所示，是小明制作的“会跳的卡片”：用手把它平压在桌面上，使橡皮筋伸长，卡片
就会弹跳起来。在图中，A为外表面，实验时应把 　B　（选填“A”或“B”）面紧贴桌面。小明利用相同的橡皮筋做了图乙、丙中的两张卡片
，实验时 　乙　（选填“乙”或“丙”）图中卡片可以弹跳得更高一些，这是因为 　乙的弹性形变更大，弹性势能更大　。【答案】见试题解答
内容【分析】此题用到橡皮筋，橡皮筋拉开后具有弹性势能，恢复时转化为动能，所以卡片会跳起来。弹性势能是指物体由于发生弹性形变而具有的
能，决定弹性势能大小的因素是物体弹性形变的程度。【解答】解：由图可知，要利用橡皮筋的弹性势能，所以要把卡片B面按平后放在水平面上然
后松开，橡皮筋的弹性势能转化为卡片的动能。弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关，乙图中B像皮筋的弹性形变程度更大一些，跳的更
高。故答案为：B；乙；乙的弹性形变更大。17．（5分）如图甲是四冲程汽油机工作过程中的 　做功　冲程，该过程的能量转化情况与图乙
　相同　（选填“相同”或“不同”）。若汽油机曲轴的转速为1800r/min，则该汽油机1s内对外做功　15　次。为了降低汽油机汽缸
的温度，汽缸外有一个水箱体，使汽缸被水包围着　比热容　大的特点，通过 　热传递　的方式减少汽缸的内能。质量为1kg的水温度升高20
℃，水吸收的热量为 　8.4×104　J。[c水＝4.2×103J/（kg?℃）]【答案】做功；相同；15；比热容；热传递；8.4
×104。【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞
上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析；（2）四冲程内燃机的曲轴转2圈，完成4个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做
功1次；（3）在自然界中水的比热容较大大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因；改变物体内能的方式有热传递和做功两
种。（4）利用吸热公式Q＝cmΔt求出水吸收的热量。【解答】解：由图甲可知，两个气门都关闭，活塞向下运动，此过程中内能转化为机械能
；乙图中电火花打火时，酒精气体燃烧膨胀做功，可以看到盒盖飞出；因此乙实验与做功冲程的能量转化情况相同；四冲程内燃机的曲轴转2圈，完
成4个冲程；因为曲轴的转速为1800r/min，15个工作循环；在这里我们之所以选择用水作为冷却剂，源于水的比热容较大大，若都是升
高8℃时，故用水冷却效果最好，汽缸外有一个水箱体，这是通过热传递的方式减少汽缸内能的。水吸收的热量为：Q＝c水mΔt＝4.2×10
4J/（kg?℃）×1kg×20℃＝8.5×104J。故答案为：做功；相同；比热容；8.2×104。18．（4分）如图所示，在测定
杠杆机械效率的实验中，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，测力计的示数F为 　2.5　N，测力计上升的高度s为0.2m，物块重G为1.5N
，则杠杆的机械效率为 　90　%，如果G变大，此杠杆机械效率将变 　大　。如果将弹簧测力计从A移到B，此杠杆机械效率将 　不变　（
变大或变小或不变）【答案】2.5；90；大；不变【分析】（1）由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1N，根据指针位置读数；（2）弹簧
测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，根据功的计算公式求出有用功、总功，然后利用机械效率公式求出杠杆的机械效率；
（3）根据影响杠杆效率的因素判断杠杆效率的变化；（4）将弹簧测力计从A移到B，当拉力的作用点发生变化时，做的总功是不变的，据此解答
即可。【解答】解：（1）由图可知，弹簧测力计的分度值是0.1N；（2）有用功：W有用＝Gh＝6.5N×0.7m＝0.45J；总功：
W总＝Fs＝2.8N×0.2m＝2.5J；则杠杆的机械效率：η＝×100%＝。（3）在阻力一定的情况下，物重越大，杠杆的机械效率越
大。所以，如果G变大。（4）将测力计的作用点由点A移至B点，支点O，仍将钩码提升相同的高度，根据η＝，机械效率不变。故答案为：2.
6；90；大。19．（3分）如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，它自动滚回来的原因是　
弹性势　能转化为　动　能，在回来的过程中机械能将　减小　（增大/不变/减小）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）动能的影响因素：
质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的弹性形变程度；（2）此题中，由于罐与地面之间存在着摩擦力，所以罐的机械能会减小，魔罐滚回来后
不能回到原抛出点的位置。【解答】解：魔罐在开始滚动时，魔罐具有动能，罐子的动能转化为橡皮筋的弹性势能，橡皮筋的弹性势能最大，在魔罐
滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，即弹性势能转化为动能；由于罐子与地面之间存在着摩擦力，所以罐子的机械能会减小，故魔罐滚回来后不能
回到原抛出点的位置。故答案为：弹性势；动；减小。20．（3分）如图所示，将长为1.2m的轻质木棒平放在水平方形台面上，左右两端点分
别为A、B，在B端挂一个重为G的物体。（1）若G为30N，台面受到木棒的压力为 　60　N；（2）为了防止A端下沉，B端挂的物体至
少为 　10　N；为了防止B端下沉，B端挂的物体不能超过 　90　N。【答案】（1）60；（2）10；90。【分析】（1）对木棒受
力分析，根据木棒静止时处于平衡状态受到的合力为零求出台面竖直向上的支持力，木棒对台面的压力和台面对木棒的支持力是一对相互作用力，二
力大小相等，据此求出台面受到木棒的压力；（2）若要使木棒A端下沉，以左边缘为支点，分析得出动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件算出B
端挂的物体的重力；若要使木棒B端下沉，以右边缘为支点，分析得出动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件算出B端挂的物体的重力。【解答】解
：（1）放在水平方形台面上轻质木棒受左右两物体竖直向下的拉力和台面竖直向上的支持力作用处于平衡状态，则F支持＝2F拉＝2G＝7×3
0N＝60N，因木棒对台面的压力和台面对木棒的支持力是一对相互作用力，所以，台面受到木棒的压力F压＝F支持＝60N；（2）将木棒A
B视为杠杆，若A端下沉，此时GA＝30N，L左＝0.3m，L右＝8.2m﹣0.8m＝0.9m根据杠杆平衡条件：GA×L左＝GB×L
可得则GB＝＝因此，为了防止A端下沉；若要使木棒B端下沉，此时支点在水平方形台面上右端力臂分别为：L左＝1.2m﹣4.3m＝0.2
m，L右＝0.3m，根据杠杆的平衡条件：GA×L左＝GB×L右得。B端挂的物体的重力：GB＝＝＝90N；故答案为：（1）60；（2
）10。21．（3分）如图所示电路：（1）当S1和S2都断开时，称为 　断　路。（2）当S1和S2都闭合时，称为 　短　路。（3）
当S1闭合、S2断开时，称为 　通　路。【答案】断；短；通【分析】根据通路、短路和开路三种情况进行分析，即处处连通的电路叫通路；某
处断开的电路叫开路；将导线将用电器两端连接起来的电路叫短路。【解答】解：（1）当S1、S2都断开时，电路处于断路状态；（2）当S7
、S2都闭合时，导线将电源的正负极连接起来；（3）当S1闭合、S5断开时，为灯泡L的基本电路，所以称之为通路。故答案为：断；短；通
。三、作图（本题共3小题，每图2分，共6分）22．（2分）如图所示，这是家用水龙头的示意图，作用在A点的力F向上抬起把手可打开水龙
头。若将把手视为绕0点转动的杠杆【答案】【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要
使所用的动力最小，必须使动力臂最长。先确定最长的力臂，然后根据力与力臂垂直的关系确定杠杆的最小作用力。【解答】解：由图知，支点在O
点，此时动力最小，动力的方向应垂直于OA向上，如图所示：。23．（2分）人站在地面上用图所示滑轮组提起重物，画出绳子的绕法。【答案
】见试题解答内容【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子
先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。通过比较提升物体绳子条数的多少确定最省力的绕法。【解答】解：因为是人站在地
面上用滑轮组提升重物，可以先由人手画出绳子自由端，如图所示：24．（2分）如图所示的场景发生在炎热的天气，在图中虚线框内画一条带箭
头的线段，用来表示地面附近空气的流动方向。【答案】见试题解答内容【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析炎热的天气
里空气的流动方向。【解答】解：由图可知此时为晚上，气温降低、沙石的比热容大，海水温度下降的慢，即海面上方空气的温度较高；海面上热空
气上升，所以空气从陆地吹向海面。如图所示：四、计算（共两小题，每题6分，共12分）25．（6分）用如图所示滑轮组提升重为180N的
物体，使物体在30s内匀速上升了6m，人用的拉力是100N，求：（1）人拉绳做的有用功；（2）该滑轮组的机械效率；（3）人拉绳做功
的功率。【答案】（1）人拉绳做的有用功为1080J；（2）该滑轮组的机械效率为90%；（3）人拉绳做功的功率为40W。【分析】（1
）利用W有＝Gh求人拉绳做的有用功；（2）由图可知n＝2，利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；（3）绳子自由端移动的距离s＝nh，利
用W总＝Fs求拉力做的总功，利用P＝求人拉绳做功的功率。【解答】解：（1）人拉绳做的有用功：W有＝Gh＝180N×6m＝1080J
；（2）由图可知n＝2，滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝；（3）绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×6m＝12m，拉力做的总功：W总
＝Fs＝100N×12m＝1200J，人拉绳做功的功率：P＝＝＝40W。答：（1）人拉绳做的有用功为1080J；（2）该滑轮组的机
械效率为90%；（3）人拉绳做功的功率为40W。26．（6分）可乐是一种畅销饮料，如图是一瓶某品牌可乐的部分包装图，则：（1）喝完
该瓶可乐获得的能量是多少焦耳？（2）这些能量相当于完全燃烧多少千克汽油释放的热量？（q汽油＝4.5×107J/kg）（3）若某汽车
的汽油机效率为30%，在水平路面匀速行驶时牵引力大小为6000N，则这些热量可使该汽车在该水平路面匀速行驶多少米？【答案】（1）喝
完该瓶可乐获得的能量是9×105J；（2）这些能量相当于完全燃烧0.02kg汽油释放的热量；（3）这些热量可使该汽车在该水平路面匀
速行驶45m。【分析】（1）由图可知喝完该瓶可乐获得的能量；（2）根据题意可知汽油完全燃烧放出的热量，利用Q放＝mq求出完全燃烧汽
油的质量；（3）根据热机效率公式求出汽油机获得的机械能，利用W＝Fs求出汽车在该水平路面匀速行驶的路程。【解答】解：（1）由图可知
，喝完该瓶可乐获得的能量Q＝500mL×180千焦/100mL＝5×180×1000J＝9×105J；（2）根据题意可知，汽油完全
燃烧放出的热量：Q放＝Q＝9×105J，由Q放＝mq可知，完全燃烧汽油的质量：m＝＝；（3）由η＝可知放＝30%×8×105J＝2
.7×105J，由W＝Fs可知，汽车在该水平路面匀速行驶的路程：s＝＝。答：（1）喝完该瓶可乐获得的能量是9×105J；（2）这些
能量相当于完全燃烧4.02kg汽油释放的热量；（3）这些热量可使该汽车在该水平路面匀速行驶45m。五、实验（共四题，每空1分，共2
6分）27．（6分）如图所示是小明和小华探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。（1）实验前，将杠杆置于支架上，当杠杆静止时，此时可以把
右端的平衡螺母向 　右　（选填“左”或“右”）调节，直至使杠杆在水平位置平衡；在后面的实验过程中 　不能　（选填“能”或“不能”）
再进行上述操作。（2）如图乙，小明在实验时分别沿着竖直向下和斜向下两个方向拉弹簧测力计，都能使杠杆在水平位置平衡。同组的小华认为，
原因是 　动力力臂可在杠杆上直接读出更加方便　。（3）实验中，通过改变钩码和弹簧测力计的位置或钩码的个数来改变力臂或力的大小进行多
次实验，目的是：　寻找普遍规律　。（4）如图丙，调节好杠杆后在杠杆左边距离支点第3格处挂了4个钩码，每个钩码的重力均为0.5N，可
以在支点右侧第4格A处挂个相同的钩码，或在左侧第2格B处竖直向拉动弹簧测力计　3　N。（杠杆上每小格等距）（5）他们继续探究：保持
钩码数量和位置不变，杠杆在水平位置平衡时，测出多组动力臂L1和动力F1的数据，绘制了L1﹣F1的关系图像，如图丁所示。请根据图像推
算，当L1为25cm时，F1为 　0.6　N。【答案】（1）右；不能；（2）动力力臂可在杠杆上直接读出更加方便；（3）寻找普遍规律
；（4）3；（5）0.6。【分析】（1）杠杆平衡调节原则是：右低将平衡螺母左调，左低将平衡螺母右调；调节杠杆平衡后，在接下来的实验
过程中不能再通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡；（2）当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化；（3）
通过实验总结实验结论时，一般要进行多次实验，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出普遍的物理规律；（4
）根据杠杆的平衡条件：F 1L1＝F2L2进行解答；（5）由于保持A点钩码数量和力臂不变，根据F1L1＝F2L2，可知F2L2为一
定值，由图丙知求出这个不变的值求了当L1为25cm时F1大小。【解答】解：（1）发现杠杆左端下沉，应把杠杆的平衡螺母向右调节；调节
杠杆平衡后，在接下来的实验过程中不能再通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡；（2）竖直向下拉动测力计操作更方便，原因是动力力臂可在
杠杆上直接读出更加方便；（3）通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，结论才正确，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多
组实验数据归纳出物理规律；（4）若杠杆上每个小格长度是L，根据杠杆的平衡条件有：4×0.5N×3L＝F×2L，所以此时测力计的示数
是2N；（5）由于保持A点钩码数量和力臂不变，即阻力和阻力臂大小不变1L1＝F7L2，可知F2L3为一定值，由图丁知：F1L1＝7
N×0.15m＝3N×6.05m＝0.15N?m，则当L1为25cm时，拉力F3＝＝2.6N。故答案为：（1）右；不能；（3）寻找
普遍规律；（5）0.7。28．（9分）在探究动能大小与哪些因素有关的实验中。（1）如图甲所示，小明先探究动能大小与速度关系，他控制
小车质量保持不变　不同　（选填“相同”或“不同”）高度静止下滑，目的是使小车到达水平面时速度不同，通过比较木块移动的距离（2）小华
认为去掉木块，利用粗糙且足够长的木板，通过比较“小车在木板上运动的距离”也能比较小车动能的大小，通过在小车上加砝码来改变质量，得到
如图乙所示的实验情形。据此她得出的结论：在速度相同的条件下　错误　的（选填“正确”或“错误”）。（3）小磊在探究“动能大小与质量的
关系”时将实验装置改进成如图丙所示，利用质量不同的铁球将一弹簧压缩相同程度静止释放，撞击同一木块　不可行；木块移动的距离相同　。（
4）如图丁所示，质量较小的扑克牌动能较大时能切入黄瓜，根据影响动能大小的因素可知　较大　（选填“较大”或“较小”）的速度。【答案】
（1）不同；（2）小；错误；（3）不可行；木块移动的距离相同；（4）较大【分析】（1）若一个物体能够对外做功，我们就说该物体具有能
量，在实验中我们一般将物体具有能量的多少转化为其能对外做功的多少，故此实验把物体具有动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越
远表明小车的动能越大。（2）①在初速度和所受到的摩擦阻力大小相同的条件下，物体的质量越大，说明克服摩擦做功会更多，运动较长的距离，
然后推理出质量与动能的关系。②该实验中小车的重力势能转化为动能，存在能量转化；③物体由于运动具有的能叫动能，影响动能的因素是质量和
速度；（3）结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求；（4）根据影响动
能大小的因素分析答题。【解答】解：（1）让同一小车从斜面不同高度滑下，是为了控制质量不变；因此实验中他控制小车的质量保持不变，目的
是改变小车刚到水平面时的速度，来比较小车具有的动能；（2）如图乙所示的实验情形，据此她得出在速度相同的条件下，物体具有的动能越小，
因为小车在水平木板上所受摩擦力大小不同；（3）观察图乙的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击的动能由
弹簧的弹性势能转化而来，故弹簧势能相同，因此，这样是不能完成实验目的。（4）在质量一定时，速度越大，扑克牌切入黄瓜时应具有较大的动
能，因此飞行的扑克牌一定具有较大的速度。故答案为：（1）不同；（2）小；（3）不可行；（4）较大。29．（5分）利用如图所示的两套
装置探究①“不同物质吸热升温的现象”以及②“不同燃料燃烧放热的现象”，两套装置完全相同，液体和燃料的质量以及种类根据实验的需要和方
便进行正确选取。（1）两个实验都要控制 　液体　的质量相等（选填“液体”、“燃料”或“液体和燃料”），实验中除了图中的器材，都要用
到的测量工具是 　秒表　。（2）在探究“不同燃料燃烧放热的现象”时，燃料燃烧放热多少是通过 　温度计上升的示数　来反映的（选填“温
度计上升的示数”或“加热时间”）。（3）在探究“不同物质吸热升温的现象”时，根据所测数据画出了如图丙所示图像（不计热量的损失，两液
体温度都未达到沸点），由图可以看出液体升温较快，　b　的比热容较大（以上两空均选填“a”或“b”）。如果已知a液体的比热容是2.1
×103J/（kg?℃），则b液体的比热容是 　4.2×103　J/（kg?℃）。【答案】（1）液体；秒表；（2）温度计上升的示数
；（3）b；4.2×103。【分析】（1）比较不同物质吸热升温，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间
，比较质量和初温相同的液体升高的温度，由Δt＝ 比较温度的变化，温度升高越多，则吸热能力越小；为了比较不同燃料燃烧放出的热量热值大
小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，根据Q＝cmΔt，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，根据q＝，这种燃料热值越大；实验
过程中需要测量液体的温度和加热时间；（2）比较不同燃料燃烧放出的热量热值大小时，用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高
，则燃料放出的热量越多；（3）质量相同的不同液体，吸收相同的热量，温度变化大的比热容小；根据可知，在质量和温度变化相同的情况下，比
热容与吸收的热量成正比，据此得出b液体的比热容。【解答】解：（1）比较不同物质吸热升温，则需要燃烧相同的燃料，比较质量和初温相同的液体升高的温度，要用不同的燃料；所以两个实验中都要控制杯中液体质量相等；实验过程中需要测量液体的温度和加热时间，所以除了图中的温度计；（2）在探究“燃料燃烧放出的热量“实验中，要用不同的燃料，根据Q＝cmΔt，则燃料放出的热量越多；（3）由图可知，加热相同的时间，由可知，故b液体比热容大；由图数据知，a液体和b液体从20℃加热到80℃，a液体加热10min；因为是相同的热源加热，所以Qb吸＝2Qa吸，根据可知，比热容与吸收的热量成正比3J/（kg?℃）＝2.2×103J/（kg?℃）。故答案为：（1）液体；秒表；（3）b3。30．（6分）某物理实验小组在探究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想：猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关；猜想二：重力势能的大小可能与物体所在的高度有关；猜想三：重力势能的大小可能与物体的运动路径有关。为了验证猜想，他们准备了如下实验器材：花泥（易产生塑性形变），刻度尺，体积相同、质量为m的小球3个和质量为2m的小球1个。所用实验装置如图所示（小球在光滑管道中运动的能量损失不计），待小球静止后，分别用刻度尺测出小球陷入花泥的深度。请你根据图中实验情景完成下列内容。（1）本实验是通过观察 　小球陷入花泥的深度　来判断重力势能大小的。（2）比较A、B两球，由此可得出结论：　当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大　。（3）比较 　A、C　两球，可得出结论：当物体 　质量　相同时，高度越高，具有的重力势能越大。（4）比较C、D两球可知：重力势能大小与物体运动的路径 　无关　（选填“有关”或“无关”）。【答案】（1）小球陷入花泥的深度；（2）当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；（3）A、C；质量；（4）无关。【分析】（1）实验中通过球陷入沙面的深度来反映小球重力势能的大小用到转换法；（2）（3）（4）影响重力势能的因素有物体的质量和下落高度，实验中研究物体的重力势能与物体的质量关系时，需要保持下落高度和运动路径相同，改变物体质量；研究物体重力势能与下落高度的关系时，需要保持物体质量和运动路径相同，改变下落高度；研究物体重力势能与运动路径的关系时，需要保持物体质量和下落高度相同，改变运动路径，上面的探究过程，用到控制变量法。【解答】解：（1）本实验中，小球的重力势能大小是通过小球陷入花泥的深度来反映的；（2）比较A、B两球，B球质量大于A球质量，说明B球的重力势能较大，物体的质量越大；（3）比较A、C两球，下落路径也相同，发现C球陷入花泥的深度更大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，物体的重力势能越大；（4）比较C、D两球，下落高度也相同，但陷入花泥的深度相同。故答案为：（1）小球陷入花泥的深度；（2）当下落高度一定时，重力势能越大、C；质量。学科网（北京）股份有限公司 第 1 页 共 36 页zxxk.com学科网（北京）股份有限公司