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《数学奥林匹克中的不等式研究》摘读

 王虎应六爻求真 2015-12-06

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【Sqing】丑陋的形式,简单的证明。定能从中生产出优雅的结果,不过老鼠生儿打地洞。
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【Sqing】此类条件分式不等式知多少谁来成全其“综述”之梦?
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【Sqing】该不等式真不错,朕有一个变化不咋的。广州pxchg1200先生有一个大气的证明:
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【Sqing】这个证明那,不寻常。它"搞得什么鬼花样"
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【Sqing】越南人oldbeginner指出:一般地, 

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(印度人Sayan指出n>=1均可). 越南人huyvietnam将其归结为证明

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罗马尼亚人drEdrE的证明毫不逊色:《数学奥林匹克中的不等式研究》摘读

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【Sqing】三分长像七分打扮。还真是的,打扮一下,美丽多啦:

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【Sqing】朕仿其道而拥之:在锐角三角形ABC中,有 ...

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【Sqing】欧拉不等式简单而不平凡,她的加强多如牛毛(我也曾多次卷入其中)。最近见到的是下面这道印度数学奥林匹克试题:

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Nesbitt不等式的证明知多少
             Nesbitt不等式的证明知多少

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《数学奥林匹克中的不等式研究》摘读参考文献:宋庆 《数学奥林匹克中的不等式研究》摘

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\sum{\frac{a}{b}}=\frac{a^2}{ab}\geq \frac{(a+b+c)^{2}}{ab+bc+ca}   ,\sum{\frac{a}{b}}=\sum{\frac{c^2a^2}{abc^2}}\geq \frac{(ab+bc+ca)^{2}}{abc\sum{a}} ,
\left(\sum{\frac{a}{b}}\right)^{2}\geq \frac{(a+b+c)(ab+bc+ca)}{abc}=(a+b+c)\left(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\right)

\ (\frac{a+2b}{a+2c})^n+(\frac{b+2c}{b+2a})^n+(\frac{c+2a}{c+2b})^n \ge 3.

 

(印度人Sayan指出n\ge1均可). 越南人huyvietnam将其归结为证明

 

\frac{a+2b}{a+2c}+\frac{b+2c}{b+2a}+\frac{c+2a}{c+2b} \ge 3,  并给出证明

 

\sum \frac{a+2b}{a+2c}+3=2(a+b+c)\sum \frac{1}{a+2c}\ge 2(a+bc+c)\frac{9}{3(a+b+c)}=6 ...罗马尼亚人drEdrE的证明毫不逊色:

LHS = \sum_{cyc} \frac{a+2b}{a+2c}= \sum_{cyc} \frac{(a+2b)^2}{(a+2c)(a+2b)} \ge \frac {(3a+3b+3c)^2}{a^2+b^2+c^2+8\sum ab}\g...               a^2+b^2+c^2\ge4\sqrt{3}S+2 \frac{a^2(b-c)^2+b^2(c-a)^2+c^2(a-b)^2}{a^2+b^2+c^2}.

\frac{\sqrt{cosBcosC}}{sin\frac{A}{2}}+ \frac{\sqrt{osA}}{sin\frac{B}{2}}+ \frac{\sqrt{cosAcosB}}{sin\frac{C}{2}}\le \33...            \frac{R}{2r} \ge \left(\frac{64a^2b^2c^2}{(4a^2-(b-c)^2)(4b^2-(c-a)^2)(4c^2-(a-b)^2)}\right)^2.

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