2014《成才之路》高一生物（人教版）必修2综合检测：第一章 遗传因子的发现

2014《成才之路》高一生物（人教版）必修2综合检测：第一章 遗传因子的发现

第一章综合检测题本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。满分100分，考试时间90分钟。第卷(选择题　共45分)一、选择题(共30小题，每小题1.5分，共45分，在每小题给出的4个选项中，只有1项是符合题目要求的)1．下列各组中不属于相对性状的是(　　)A．水稻的早熟和高产B．豌豆的紫花和红花C．小麦的抗病和易感染疾病D．绵羊的粗毛和细毛[答案]　A[解析]　相对性状是指同种生物同一性状的不同表现类型，所以只有水稻的早熟和高产不是一对相对性状。2．遗传因子组合为MmNn的个体自交，后代与亲本遗传因子组合完全相同的有(　　)A．6　　　　　　　　　B．6C． D．[答案]　D[解析]　第一种方法：一对一对地去分析，Mm自交后代是MM、Mm、mm，Nn自交后代是NN、Nn、nn，根据乘法原理，MmNn自交后代中为MmNn的比例为×＝。第二种方法：据棋盘法可知MmNn个体自交，后代中遗传因子组合为MmNn的个体(即双杂合子)占6，即。3．鼠的毛色类型由B—b控制，甲、乙黑毛雌鼠分别与褐毛雄鼠丙交配，甲3胎共生出9只黑毛幼鼠和7只褐毛幼鼠，乙3胎共生出19只黑毛幼鼠，则甲、乙、丙3只鼠的遗传因子组成依次可能为(　　)A．BB、Bb、bb B．bb、Bb、BBC．Bb、BB、bb D．Bb、bb、BB[答案]　C[解析]　由于乙与丙杂交后代只有黑毛幼鼠，可知黑毛对褐毛为显性。乙为BB，丙为bb。甲与丙杂交出现性状分离，所以甲为杂合子Bb。4．白绵羊与白绵羊交配后，后代出现了白绵羊和黑绵羊，产生这种现象的根本原因是(　　)A．性状分离 B．显、隐性遗传因子分离C．同种遗传因子分离 D．姐妹染色单体分离[答案]　B[解析]　白绵羊与白绵羊交配，后代出现黑绵羊和白绵羊，是性状分离，其实质则是等位基因的分离。5．图中曲线中能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占比例的是(　　)[答案]　B[解析]　自交n代，其显性纯合子所占的比例应为－。6．控制蛇皮颜色的基因遵循分离定律，现进行下列杂交实验根据上述杂交实验，下列结论中不正确的是(　　)A．所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇B．黄斑是隐性性状C．甲实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同D．乙实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同[答案]　D[解析]　据遗传图解，乙实验中，F1黑斑蛇基因型应为纯合或杂合基因型，而其亲本黑斑基因型应为杂合基因型一种类型。7．向日葵种子粒大(B)对粒小(b)是显性，含油少(S)对含油多(s)是显性。某人用粒大油少和粒大油多的向日葵进行杂交，结果如图所示，则这些杂交后代的基因型有(　　)A．4种　　　B．6种　　　 C．8种　　　D．9种[答案]　B[解析]　根据题意和图示可知粒大油少和粒大油多的基因型分别为BbSs和Bbss，故杂交后代的基因型为3×2＝6种。8．水稻的非糯性对糯性是显性，将纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交，取F1的花粉用碘液染色，凡非糯性花粉呈蓝黑色，糯性花粉呈橙红色。在显微镜下统计这两种花粉的颗粒，非糯性与糯性的比例为(　　)A．11 B．12C．21 D．13[答案]　A[解析]　纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交F1的基因型为杂合，根据分离定律F1减数分裂产生的配子有两种类型，分别为呈蓝黑色的非糯性花粉和呈橙红色的糯性花粉，其比例为11。9．已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传。用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，在F2植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋。假定剩余的每株F2收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传定律。从理论上讲F3中表现感病植株的比例为(　　)A．　 B．　C．6　 D．6[答案]　B[解析]　本题考查遗传的基本定律。根据分离定律，F2表现类型为：抗病无芒抗病有芒感病无芒感病有芒＝93:3:1，若F2中开花前，把有芒品种拔掉，只有无芒品种，而无芒品种中抗病和感病自交其F3中感病植株比例为××＋＝。10．假如水稻高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性，两对性状独立遗传，用一个纯合易感病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗病高秆品种(易倒伏)杂交，F2代中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型及其比例为(　　)A．ddRR,B．ddRr,6C．ddRR,6和ddRr,D．DDrr,6和DdRR,[答案]　C[解析]　根据题意写出亲本的基因型为ddrr(易感病的矮秆品种)和DDRR(抗病的高秆品种)，按照基因的自由组合定律，可知F1的基因型为DdRr。F2代出现四种表现型，易倒伏抗病易倒伏不抗病抗倒伏抗病抗倒伏不抗病＝93:3:1，符合题意的抗倒伏抗病品种在F2代中占6，其中纯合体的抗倒伏抗病品种ddRR为6，杂合体抗倒伏抗病品种ddRr为6。11．基因型为AabbDD的个体自交后，其后代表现型的比例接近于(　　)A．93:3:1 B．33:1:1C．12:1 D．31[答案]　D[解析]　纯合子自交后代仍为纯合子，含有一对相对性状的杂合子自交后代性状分离比为31。12．图是某种遗传病的系谱图。3号和4号为正常的异卵孪生兄弟，兄弟俩基因型均为AA和概率是(　　)A．0B．C．D．6[答案]　B[解析]　由1号和2号生出5号(女)患病，可以推知该遗传病为常染色体隐性遗传病，1号和2号均为杂合子(Aa)。由于3号和4号为异卵双生，且均正常，所以他们的产生是相对独立的，且基因型均可能是(AA或Aa)，按乘法原理，可以知道兄弟俩基因型均为AA的概率是×＝。13．已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后的推测，正确的是(　　)A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为6B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为6C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为6[答案]　D[解析]　3对基因按自由组合定律遗传，其中每对基因的遗传仍遵循分离定律，故Aa×Aa后代表现型有2种，其中aa出现的几率为；Bb×bb后代表现型有2种，其中Bb出现的几率为；Cc×Cc后代表现型有2种，其中Cc出现的几率为，所以AaBbCc×AabbCc后代表现型有2×2×2＝8(种)，aaBbCc个体的比例为××＝6。14．金鱼草的花色由一对等位基因控制。粉红色的金鱼草自交产生的182株后代中，有红色44株，粉红色91株，白色47株。若红色与粉红色的金鱼草杂交，则后代中粉红色金鱼草的比例最有可能是(　　)A．33% B．50%C．67% D．100%[答案]　B[解析]　从题意看，金鱼草的花色为不完全显性，设AA为红色，Aa为粉红色，aa为白色。AA×Aa→AA、Aa，故后代中粉红色的比例为50%。15．玉米的紫粒和黄粒是一对相对性状。同一品系X的黄粒玉米，若自花传粉，后代全部是黄粒玉米；若接受另一品系Y粒玉米的花粉，后代既有黄粒的也有紫粒的。由此推测可知(　　)A．紫色是显性性状 B．黄色是显性性状C．品系X是杂种 D．品系Y是纯种[答案]　A[解析]　同一品系X的黄粒玉米自花传粉，后代全部是黄粒玉米，说明品系X的黄粒玉米是纯种。接受另一品系Y紫粒玉米的花粉，后代既有黄粒的也有紫粒的，性状发生分离，说明品系Y紫粒玉米是杂种，杂种所表现出来的性状是显性性状。16．某种开花植物细胞中，基因P(p)和基因R(r)分别位于两对同源染色体上，将纯合的紫花植株(基因型为PPrr)与纯合的红花植株(基因型为ppRR)杂交。F1全开紫花，自交后代F2中紫花红花白花＝123:1，则F2中表现型为紫花的植株的基因型有(　　)A．9种 B．12种C．6种 D．4种[答案]　C[解析]　PPrr(紫花)×ppRR(红花)→PpRr(紫花)，说明显性基因P存在时，R基因控制的性状被掩盖。F1自交后代F2中紫花红花白花＝123:1，对应开紫花的基因型为P－R－和P－rr，故有PPRR、PPRr、PpRR、PpRr、PPrr、Pprr共6种基因型。17．基因型为Aa的玉米自花传粉，下图中可以表示自交系第n代的个体中纯合子的概率的曲线是(　　)A．a B．bC．c D．d[答案]　A[解析]　杂合子自交n代，子代中纯合子所占比例为1－n。18．把圆皮豌豆和皱皮豌豆杂交，F1全是圆皮豌豆，F1自交，F2中皱皮豌豆1 851株，则理论上圆皮豌豆有(　　)A．481株 B．617株C．1 851株 D．5 553株[答案]　D[解析]　按照分离规律，理论上圆皮豌豆应为1851×3＝5553。19．有一批抗锈病(显性性状)小麦种子，要确定这些种子是否纯种，正确且简便的方法是(　　)A．与纯种抗锈病小麦进行杂交B．与纯种易染锈病小麦进行测交C．与杂种抗锈病小麦进行杂交D．自交[答案]　D[解析]　鉴定种子是否纯种的最简便方法是自交。20．具有两对相对性状的纯合亲本杂交，获得F1。让F1与双隐性类型进行测交，通过该测交实验不能了解到(　　)A．F1的基因型B．F1产生配子的种类C．F1相关基因的结构D．F1产生配子的比例[答案]　C[解析]　测交不能了解基因结构。21．有一杂合子(Dd)在进行有丝分裂时，可看到每个染色体由两个染色单体组成。如果一个染色单体含有D遗传因子，一般情况下另一条染色单体上的遗传因子是(　　)A．d B．D或dC．D D．d和D[答案]　C[解析]　每条染色体上的两个染色单体基因组成相同。22．已知豌豆种皮灰色(G)对白色(g)为显性，子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性。如以基因型ggyy的豌豆为母本，与基因型GgYy的豌豆杂交，则母本植株所结子粒的表现型(　　)A．全是灰种皮黄子叶B．灰种皮黄子叶，灰种皮绿子叶，白种皮黄子叶，白种皮绿子叶C．全是白种皮黄子叶D．白种皮黄子叶，白种皮绿子叶[答案]　D23．采用下列哪一套方法，可以依次解决①～④的遗传学问题(　　)①鉴定一只白羊是否是纯种　②在一对相对性状中区分显、隐性　③不断提高小麦抗病品种纯合度　④检验杂种F1的基因型A．杂交、自交、测交、测交B．测交、杂交、自交、测交C．测交、测交、杂交、自交D．杂交、杂交、杂交、测交[答案]　B[解析]　根据题意B项符合。24．有两个纯种的小麦：一个抗倒伏，但易感染锈病；另一个易倒伏，但能抗锈病。让它们进行杂交，在F2中可能出现既抗倒伏、又抗锈病的新类型，原因是(　　)A．F1雌雄配子之间的自由组合B．F1产生配子时，非等位基因之间的自由组合C．F2产生配子时，非等位基因之间的自由组合D．亲本产生配子时，非等位基因之间的自由组合[答案]　B[解析]　F1产生配子时，非等位基因自由组合。25．通过诊断可以预测某夫妇的子女患甲种病的概率为a，患乙种病的概率为b。该夫妇生育的孩子仅患一种病的概率是(　　)A．1－a×b－(1－a)×(1－b)B．a＋bC．1－(1－a)×(1－b)D．a×b[答案]　A[解析]　两病均患的概率为a×b，两病都不患的概率为(1－a)×(1－b)，所以仅患一种病的概率＝1－患两病的概率－两病均不患的概率＝1－a×b－(1－a)×(1－b)26．番茄红果对黄果为显性，圆果对长果为显性，且控制这两对性状的基因自由组合，现用红色长果与黄色圆果番茄杂交，从理论上分析，其后代的基因型不可能出现的比例是 (　　)A．10 B．12:1 C．11 D．11:1:1[答案]　B[解析]　 根据题意杂交的红色长果与黄色圆果番茄基因型不确定，如果红色与黄色分别用A、a表示，圆果与长果分别用B、b表示，则亲本的基因型可表示为A_bb和aaB_；如果二者都为纯合体，子代的基因型只有一种，比例为10；如果二者均为杂合体，则子代有四种基因型比例为11:1:1；如果二者一个是纯合体一个是杂合体，则子代有两种基因型比例为11。27．白粒玉米自交系与黄粒玉米自交系进行杂交得F1全是黄粒玉米，F1自交所结果穗上同时出现了黄色籽粒和白色籽粒。对F2出现两种颜色不同的子粒的下列解释中，错误的是(　　)A．由于F1是杂合子，其后代发生了性状分离B．F1能产生两种雄配子和两种雌配子，受精作用后产生三种基因型、两种表现型后代C．F1黄粒玉米包含有白色玉米的隐性基因，减数分裂时等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色子粒性状，因而出现了两种不同颜色的籽粒D．玉米的黄色对白色为显性，F1在形成配子时发生了基因重组，因而产生了白色籽粒性状[答案]　D[解析]　F2出现白色籽粒性状是由于F1减数分裂时，等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色籽粒性状。28．下列关于孟德尔两对相对性状遗传实验的叙述中，错误的是(　　)A．F2中圆粒和皱粒之比接近于31，符合基因的分离定律B．两对相对性状分别由两对遗传因子控制C．F1产生4种比例相等的雌配子和雄配子D．F2有4种表现型和6种基因型[答案]　D[解析]　孟德尔对F2中不同对性状之间发生自由组合的解释是：两对相对性状分别由两对遗传因子控制，控制两对相对性状的两对遗传因子的分离和组合是互不干扰的，其中每一对遗传因子的传递都遵循分离定律。这样，F1产生雌雄配子各4种，数量比接近11:1:1，配子随机结合，则F2中有9种基因型和4种表现型。29．位于常染色体上的A、B、C三个基因分别对a、b、c完全显性。用隐性性状个体与显性纯合个体杂交得F1，F1测交结果为aabbccAaBbCc:aaBbcc:AabbCc＝11:1:1，则下列正确表示F1基因型的是(　　)[答案]　B[解析]　隐性性状的亲本通过配子传递给子代的基因为abc，将测交后代个体中的abc三个基因去掉，就得到F1所产生的配子的基因组成及其比例：abcABC:aBc:AbC＝11:1:1，则说明AC、ac分别位于一对同源染色体上，B、b位于另外一对同源染色体上，故选项B正确。30．已知A、B、C基因分别位于三对不同的同源染色体上，若有一对夫妇的基因型为(♀)AaBBCc×aaBbCc(♂)，则其子女中有基因型(aaBBCC)和女儿中出现(a、B、C)的表现型后代占F1的比例为(　　)A．、 B．、6C．6、 D．6、6[答案]　C第Ⅱ卷(非选择题　共55分)二、非选择题(共55分)31．(9分)(2013·全国大纲)已知玉米籽粒黄色(A)对白色(a)为显性，非糯(B)对糯(b)为显性，这两对性状自由组合。请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交实验来验证：①籽粒的黄色与白色的遗传符合分离定律；②籽粒的非糯与糯的遗传符合分离定律；③以上两对性状的遗传符合自由组合定律。要求：写出遗传图解，并加以说明。[答案]　①若黄粒(A_)︰白粒(aa)＝31，则验证该性状的遗传符合分离定律；②若非糯粒(B_)︰糯粒(bb)＝31，则验证该性状的遗传符合分离定律；③若黄非糯粒︰黄糯粒︰白非糯粒︰白糯粒＝93:3:1，即：A_B_A_bb:aaB_:aabb＝93:3:1，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律。[解析]　本题考查遗传规律的应用。考查理解题意、运用信息、分析和推理等能力。常用的验证孟德尔遗传规律的杂交方案为自交法和测交法。植物常用自交法进行验证，根据一对相对性状遗传实验的结果，若杂合子自交后代表现型比例为3：1，则该性状的遗传符合分离定律，根据两对相对性状遗传实验结果，若杂合子自交后代表现型比例为9：3：3：1，则两对性状遗传符合自由组合定律；测交法是教材中给出的验证方法，若杂合子测交后代两种表现型比例为1：1，则该性状遗传符合分离定律，若双杂合子测交后代出现四种表现型比例为1：1：1：1，则两对性状的遗传符合自由组合定律。本题中两种方法均可选择。32．(9分)小麦中高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗锈病(T)对易染锈病(t)为显性。控制两对相对性状的基因是自由组合的，现用高秆抗锈病品种与矮秆易染锈病的品种来培育矮秆抗锈病品种。(1)培育的方法是：先让两个亲本________，然后将得到的F1进行________，在F2中就会得到“矮、抗”新品种。(2)后代中能产生“矮、抗”新类型的理论基础是______________________。(3)欲保证在F2中获得90株“矮、抗”株系，应至少从F1植株上选取________粒种子点种。(4)假若在F2中得到600株“矮、抗”株系，从理论上推算，其中稳定遗传的“矮、抗”有________株。[答案]　(1)杂交　自交　(2)基因的自由组合定律(3)480　(4)20033．(9分)玉米植株的性别决定受两对等位基因(B—b，T—t)的支配，这两对基因位于非同源染色体上，玉米植株的性别和基因型的对应关系如下表。请回答下列问题：基因型 B和T同时存在(B_T_) T存在，B不存在(bbT_) T不存在(B_tt或bbtt) 性别 雌雄同株异花 雄株 雌株 (1)基因型为bbTT的雄株与BBtt的雌株杂交，F1的基因型为________，表现型为________；F1自交，F2的性别为________，分离比为________。(2)基因型为________的雄株与基因型为________的雌株杂交，后代全为雄株。(3)基因型为________的雄株与基因型为________的雌株杂交，后代的性别有雄株和雌株，且分离比为11。[答案]　(1)BbTt　雌雄同株异花　雌雄同株异花、雄株和雌株　93:4　(2)bbTT　bbtt　(3)bbTt　bbtt[解析]　根据基因自由组合定律可知，基因型为bbTT和BBtt的植株杂交，后代的基因型为BbTt，再根据题干信息可推知，其表现型为雌雄同株异花。F1自交后代中出现9种基因型，其中B_T_(雌雄同株异花)占6，bbT_(雄株)占6，B_tt或bbtt(雌株)占6。若后代全为雄株，则基因型为bbT_，所以亲代雌性个体不能含有B基因，其基因型只能为bbtt，亲代雄性个体也不能含有B基因，其基因型为bbTT。34．(9分)牛的毛色有黑色和棕色，如果两头黑牛交配产生了一头棕色牛，请回答：(1)黑色和棕色哪种毛色是显性性状？_____________________________________________________。(2)若用B与b表示牛的毛色的显性基因与隐性基因，写出上述两头黑牛及子代棕色牛的基因型________。(3)上述两头黑牛产生一黑色子牛的可能性是________。若上述两头黑牛产生了一头黑色子牛，该牛是纯合子的可能性是________。要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子，最好选用与其交配的牛是(　　)A．纯种黑牛　　B．杂种黑牛　　C．棕色牛(4)若用某雄牛与多头杂种雌牛交配，共产20头子牛，若子牛全是黑色，则此雄牛的基因型可能是________。若子牛中14头为黑色，6头为棕色，则此雄牛的基因型最可能是________。[答案]　(1)黑毛　(2)Bb、Bb、bb　(3)　　C　(4)BB　Bb[解析]　假若棕色性状受显性基因控制，而控制棕毛的基因一定来自亲代，则亲代必定有棕色牛，这与题目相矛盾，所以控制棕毛基因是隐性基因，此隐性基因来自双亲，亲代黑牛有棕毛基因但表现出黑毛，说明亲代黑牛的基因型是Bb，由此推出：Bb×Bb→1BB2Bb1bb，子代基因型有3种，表现型2种，则上述两头亲代黑牛产生黑色子牛的可能性是，若已知子牛为黑色，它是纯合子的可能性是，要鉴定一头黑牛是纯合子还是杂合子，最好选用棕色牛(bb)与之交配，若子代出现棕色牛，说明黑牛是杂合子，若子代全是黑牛，说明被鉴定的黑牛可能是纯合子。若纯种黑牛与杂种黑牛交配产生后代，全是黑色；杂种黑牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例是31；棕色牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例为11。35．(9分)家兔的颜色，灰(A)对白(a)是显性，毛的长度，短毛(B)对长毛(b)是显性，控制这两对相对性状的基因按自由组合定律遗传。现将长毛灰兔和短毛白兔两纯种杂交，获得F1，让F1自交得到F2，请回答。(1)F2中出现纯合体的概率为________。(2)F2中出现纯合体最多有________种，基因型分别为________。(3)用F2中的一只短毛灰兔作亲本与长毛白兔杂交，假定产生了共20只兔子，其中短毛灰兔和长毛灰兔各有10只，或者20只兔子全为短毛灰兔，则可以认为该亲本短毛灰兔的基因型是________或________。(4)在F2中的短毛灰兔中，纯合体的概率为________。[答案]　(1)(2)4　AABB、AAbb、aaBB、aabb(3)AABb　AABB(4)[解析]　F1自交得到F2中，配子有16种组合方式，F2有4种表现型，其中每种表现型纯合体各有一个。测交可以鉴定某一亲本的基因型。36．(10分)(2013·福建)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型 白花 乳白花 黄花 金黄花 基因型 AA———— Aa———— aaB———aa——D— aabbdd 请回答：(1)白花(AABBDD)×黄花(aaBBDD)，F1基因型是________，F1测交后代的花色表现型及其比例是________。(2)黄花(aaBBDD)×金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有________种，其中纯合个体占黄花的比例是________。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为________的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是________。[答案]　(1)AaBBDD　乳白花黄花＝11(2)8　(3)AaBbDd　乳白花[解析]　本题通过考查基因的自由组合定律，主要考查学生分析、解决问题的能力。(1)AABBDD×aaBBDD的后代基因型为AaBBDD，其测交后代的基因型为1AaBbDd和1aaBbDd，对照表格可知其表现型及比例为乳白花黄花＝11。(2)黄花(aaBBDD)×金黄花(aabbdd)，F1基因型为aaBbDd，其自交后代基因型有9种，表现型是黄花(9aaB_D_、3aaB_dd、3aabbD_)和金黄花(1aabbdd)，故F2中黄花基因型有8种，其中纯合个体占黄花的比例是5＝。(3)欲同时获得四种花色表现型的子一代，则亲代需同时含A和a、B和b、D和d，故可选择基因型为AaBbDd的个体自交，子代白花的比例是、乳白花的比例是、黄花的比例是××＋××＋××＝14、金黄花的比例是××＝4，故理论上子一代比例最高的花色表现型是乳白花。