列举出本讲2个知识难点:1)关于最小公倍数和最大公约数的应用;2)余数 一个整数的约数个数与约数和的计算方法,两数的最大公约数与最小公倍数之间的关系,分数的最小公倍数.涉及一个整数的约数,以及若干整数最大公约数与最小公倍数的问题,其中分解质因数发挥着重要作用。 余数主要是求余数、剩余定理的应用(强调迭代解法)。 【例题】
1、数360的约数有多少个?这些约数的和是多少? 【分析与解】 360分解质因数:360=2×2×2×3×3×5=2^3×3^2×5; 360的约数可以且只能是2a×3b×5c,(其中a,b,c均是整数,且a为0~3,6为0~2,c为0~1). 因为a、b、c的取值是相互独立的,由计数问题的乘法原理知,约数的个数为(3+1)×(2+1)×(1+1)=24. 我们先只改动关于质因数3的约数,可以是l,3,3^2,它们的和为(1+3+3^2),所以所有360约数的和为(1+3+3^2)×2y×5w; 我们再来确定关于质因数2的约数,可以是l,2,2^2,2^3,它们的和为(1+2+2^2+2^3),所以所有360约数的和为(1+3+3^2)×(1+2+2^2+2^3)×5w; 最后确定关于质因数5的约数,可以是1,5,它们的和为(1+5),所以所有360的约数的和为(1+3+3^2)×(1+2+2^2+2^3)×(1+5). 于是,我们计算出值:13×15×6=1170. 所以,360所有约数的和为1170. 评注:我们在本题中分析了约数个数、约数和的求法.下面我们给出一般结论: I.一个合数的约数的个数是在严格分解质因数之后,将每个质因数的指数(次数)加1后 所得的乘积.如:1400严格分解质因数后为23×52×7,所以它的约数有(3+1)×(2+1)×(1+1)=4×3×2=24个.(包括1和它自身) Ⅱ.约数的和是在严格分解质因数后,将M的每个质因数最高次幂的所有约数的和相乘所得到的积.如:21000=2^3×3×5^3×7,所以21000所有约数的和为(1+2+2^2+2^3)×(1+3)×(1+5+5^2+5^3)×(1+7)=74880.
2、写出从360到630的自然数中有奇数个约数的数. 【分析与解】 一个合数的约数的个数是在严格分解质因数之后,将每个质因数的指数(次数)加1后所得的乘积.如:1400严格分解质因数后为2^3×5^2×7,所以它的约数有(3+1)×(2+1)×(1+1)=4×3×2=24个.(包括1和它自身) 如果某个自然数有奇数个约数,那么这个数的所有质因子的个数均为偶数个.这样它们加1后均是奇数,所得的乘积才能是奇数.而所有质因数的个数均是偶数个的数为完全平方数.即完全平方数(除0外)有奇数个约数,反过来,有奇数个约数的数一定是完全平方数. 由以上分析知,我们所求的为360~630之间有多少个完全平方数? 18×18=324,19×19=361,25×25=625,26×26=676,所以在360~630之间的完全平方数为192,202,212,222,232,242,252. 即360到630的自然数中有奇数个约数的数为361,400,441,484,529,576,625. 补充:需要记住的是20以内的平方运算结果。 11×11=121,12×12=144,13×13=169,14×14=256,15×15=225,16×16=256,17×17=289,18×18=324,19×19=361。
3、有甲、乙、丙3人,甲每分钟行走120米,乙每分钟行走100米,丙每分钟行走70米.如果3个人同时同向,从同地出发,沿周长是300米的圆形跑道行走,那么多少分钟之后,3人又可以相聚? 法一:(设时间,从路程差考虑)设在x分钟后3人再次相聚,甲走了120x米,乙走了l00x米,丙走了70x米,他们3人之间的路程差均是跑道长度的整数倍. 即120x-100x,120x-70x,l00x-70x均是300的倍数,那么300就是20x,50x,30x的公约数. 有(20x,50x,30x):300,而(20x,50x,30x)=x(20,50,30)=10x,所以x=30. 即在30分钟后,3人又可以相聚. 法二:可以直接从时间思考。我们知道甲第一次与乙相遇耗时:300÷(120-100)=15(分钟),乙第一次与丙相遇耗时:300÷(100-70)=10(分钟)。既然要求3人相聚,说明只需要求出15与10的最小公倍数即可,即[10,15]=30(分钟)。 题目如下:有甲、乙、丙3人,甲每分钟行走120米,乙每分钟行走100米,丙每分钟行走60米.甲乙丙按逆时针方向分布在一环形跑道的三等分点,3个人同时逆时针行走,圆形跑道周长是300米,那么多少分钟之后,3人又可以相聚? 甲第一次追上乙时,耗时:100÷(120-100)=5(分钟),而后再遇上乙时耗时:300÷(120-100)=15(分钟),因而甲追上一时时间可以写成:5+15m分钟(其中m=0,1,2,……); 同样:乙第一次追上丙时,耗时:100÷(100-60)=2.5(分钟),而后再遇上丙时耗时:300÷(100-60)=7.5(分钟),因而乙追上丙的时间可以写成:2.5+7.5n分钟(其中n=0,1,2,……);
现要求三人相遇,即要求:5+15m=2.5+7.5n,变形后:3(n-3m)=1,很显然我们可以看出,这种情况是不存在的,故三人不可能相聚。 评注:三人在同一地点出发,求三人相遇的问题。对于这样的问题,从时间角度出发,只要求出两两相遇的时间,而后求他们的最小公倍数即可。而若三人不在同一地点时,就需要对两两相遇时间进行单独分析,找出时间的重合点。若是三人的地理位置或是速度之间没有整数解得话,就有可能出现三人不会相遇的情况。
所以,6小时后,3人第一次同时回到出发点. 评注:给出求分数的最小公倍数的一般方法。求一组分数的最小公倍数,先将这些分数化为最简分数,将分子的最小公倍数作为新分数的分子,将分母的最大公约数作为新分数的分母,这样得到的新分数即为所求的最小公倍数; 求一组分数的最大公约数,先将这些分数化为最简分数,将分子的最大公约数作为新分数的分子,将分母的最小公倍数作为新分数的分母,这样得到的新分数即为所求的最大公约数.
5、甲数和乙数的最大公约数是6最小公倍数是90.如果甲数是18,那么乙数是多少? 【分析与解】 有两个数的最大公约数与最小公倍数的乘积等于这两数的乘积。即: [a,b]×(a,b)=ab 6、A,B两数都仅含有质因数3和5,它们的最大公约数是75.已知数A有12个约数,数B有10个约数,那么A,B两数的和等于多少? 【分析与解】 由题中条件知A、B中有一个数质因数中出现了两次5,多于一次3,那么,先假设它出现了N次3,则约数有:(2+1)×(N+1)=3×(N+1)个. 12与10其中只有12是3的倍数,所以3(N+1)=12,易知N=3,这个数是A,即A=3^3×5^2=675. 那么B的质数中出现了一次3,多于两次5,则出现了M次5,则有:(1+1)×(M+1)=2(M+1)=10,M=4.B=3×54=1875. 那么A,B两数的和为675+1875=2550.
7、(例5,题目省略) 【分析与解】 设这两数为a,b,记a=d·a1,b=d·b1.其中(a,b)=d,(a1,b1)=1. 它们的和为:a+b=d·al+d·b1=d·(a1+b1)=54………① 它们的最大公约数与最小公倍数的差为:[a,b]-(a,b)=d·a1·b1-d=d·(a1b1-1)=114………② 综合①、②知d是54,114的公约数,而(54,114)=6,所以d可以是1,2,3,6. 第一种情况:d=1,则(a1+b1)=54,(a1·b1-1)=114,即a1·b1=115=5×23,无满足条件的a1,b1; 第二种情况d=2,则(a1+b1)=27,(a1·b1-1)=57,即a1·b1=58=2×29,无满足条件的a1,b1; 第三种情况:d=3,则(a1+b1)=18,(a1·b1-1)=38,即a1·b1=39=3×13,无满足条件的a1,b1; 验证最后一种情况:d=6,则(a1+b1)=9,(a1·b1-1)=19,即a1·b1=20=2^2×5,最后求得a1=4,b1=5; 所以,这个两个自然数a=d·a1=6×4=24,b=d·b1=6×5=30.
评注:求解关于两数时,若是结合最小公倍数和最大公约数时,一般要求我们同学学会设( 设这两数为a,b,记a=d·a1,b=d·b1.其中(a,b)=d,(a1,b1)=1.),分别求出这些字母,所有的问题也就迎刃而解了。
8、求解2^2003+143^98除以7的余数。 【分析与解】 这是一道寻找周期的问题,或者认为是余数三大定理的应用(加法定理、乘法定理和同余定理)。 先求出2^2003÷7的余数:2÷7=……2;2^2÷7=……4;2^3÷7=……1;2^4÷7=……2;2^5÷7=……4;2^6÷7=……1;…… 同理解决143^98除以7的余数,注意的是143与3关于7同余(即143≡3,mod 7),先将143^98进行转化为3^98,避免了计算麻烦:3÷7=……3;3^2÷7=……2;3^3÷7=……6;3^4÷7=……4;3^5÷7=……5;3^6÷7=……1;……。每6个数形成1周期,则:98÷7=……0,即求出143^98÷7=……1 由加法原理:(2^2003+143^98)÷7=……2+0=2. 评注:寻找周期,就是找余数是“1”,再数一数计算了几步就行;另外对于一些数发现计算比较麻烦时,可以利用“同余的定义”进行将“大数化小”。
9、求7^2011÷31的 余数。 【分析与解】 这道问题寻找周期很麻烦,原因是只有32÷31=……2,而2^5=32。因而可以7^2011往2进行转化。 法一: 7÷31=……7,7^2÷31=……18,7^3÷31=……2;7^2010=7^(3×670)。所以求“7^2011÷31”的余数转化成“2^670×7÷31”的余数。 找周期(每5个一周期):2÷31=……2;2^2÷31=……4;2^3÷31=……8;2^4÷31=……16;2^5÷31=……1。 670÷5=……0,即2^670×7÷31=……1×7=7. 法二:费马小定理:假如p是质数,且(a,p)=1,那么 a^(p-1)÷p=……1 得知:原来这一道题的周期是30。2011÷30=……1,所以7^2011÷31的余数就是7.
10、斐波那契数列第997项除以5的余数是多少? 【分析与解】 了解斐波那契数列的性质和余数性质。 找周期,除以5余数为:1,1,2,3,0,3,3,1,4,0,4,4,3,2,0,2,2,4,1,0,1,1,……(每20个1周期). 997÷20=……17,因而余数是2. 说明:斐波那契数列是个很有意思的一组数列,每一项是个整数,但是他的通项确是一个含有“√”的东西,具体的表示说明意思,以后再表。 |
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