§1.3 等式性质与不等式性质考试要求 1.掌握等式性质.2.会比较两个数的大小.3.理解不等式的性质,并能简单应用. 知识梳理 1.两个实数比较大小的方法 作差法 (a,b∈R) 2.等式的性质 性质1 对称性:如果a=b,那么b=a; 性质2 传递性:如果a=b,b=c,那么a=c; 性质3 可加(减)性:如果a=b,那么a±c=b±c; 性质4 可乘性:如果a=b,那么ac=bc; 性质5 可除性:如果a=b,c≠0,那么=. 3.不等式的性质 性质1 对称性:a>b⇔b<a; 性质2 传递性:a>b,b>c⇒a>c; 性质3 可加性:a>b⇔a+c>b+c; 性质4 可乘性:a>b,c>0⇒ac>bc;a>b,c<0⇒ac<bc; 性质5 同向可加性:a>b,c>d⇒a+c>b+d; 性质6 同向同正可乘性:a>b>0,c>d>0⇒ac>bd; 性质7 同正可乘方性:a>b>0⇒an>bn(n∈N,n≥2). 常用结论 1.若ab>0,且a>b⇔<. 2.若a>b>0,m>0⇒<; 若b>a>0,m>0⇒>. 思考辨析 判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”) (1)两个实数a,b之间,有且只有a>b,a=b,a<b三种关系中的一种.( √ ) (2)若>1,则b>a.( × ) (3)若x>y,则x2>y2.( × ) (4)若>,则b<a.( × ) 教材改编题 1.如果ac>bc,那么下列不等式中,一定成立的是( ) A.ac2>bc2 B.a>b C.a+c>b+c D.> 答案 D 解析 若c<0,则a<b,所以ac2<bc2,a+c<b+c,A,B,C均错; 因为ac>bc,则c2>0,因为ac>bc,则>,即>,故D正确. 2.已知M=x2-3x,N=-3x2+x-3,则M,N的大小关系是________. 答案 M>N 解析 ∵M-N=(x2-3x)-(-3x2+x-3) =4x2-4x+3=(2x-1)2+2>0, ∴M>N. 3.若1<a<2,2<b<3,则的取值范围是________. 答案 解析 由2<b<3, 得<<, 又1<a<2, ∴1×<a×<2×, 即<<1. 题型一 数(式)的大小比较 例1 (1)已知p∈R,M=(2p+1)(p-3),N=(p-6)(p+3)+10,则M,N的大小关系为( ) A.M<N B.M>N C.M≤N D.M≥N 答案 B 解析 因为M-N=(2p+1)(p-3)-[(p-6)(p+3)+10]=p2-2p+5=(p-1)2+4>0,所以M>N. (2)若a>b>1 ,P=aeb,Q=bea,则P,Q的大小关系是( ) A.P>Q B.P=Q C.P<Q D.不能确定 答案 C 解析 P,Q作商可得==, 令f(x)=,则f′(x)= , 当x>1时,f′(x)>0,所以f(x)=在(1,+∞)上单调递增, 因为a>b>1,所以<, 又>0,>0,所以=<1,所以P<Q. 思维升华 比较大小的常用方法 (1)作差法:①作差;②变形;③定号;④得出结论. (2)作商法:①作商;②变形;③判断商与1的大小关系;④得出结论. (3)构造函数,利用函数的单调性比较大小. 跟踪训练1 (1)已知a,b为不相等的实数,记M=a2-ab,N=ab-b2,则M与N的大小关系为( ) A.M>N B.M=N C.M<N D.不确定 答案 A 解析 因为M-N=(a2-ab)-(ab-b2)=(a-b)2, 又a≠b,所以(a-b)2>0,即M>N. (2)已知M=,N=,则M,N的大小关系为________. 答案 M>N 解析 方法一 M-N=- = = =>0. ∴M>N. 方法二 令f(x)= ==+, 显然f(x)是R上的减函数, ∴f(2 021)>f(2 022),即M>N. 题型二 不等式的性质 例2 (1)已知a>b>c>0,下列结论正确的是( ) A.2a<b+c B.a(b-c)>b(a-c) C.> D.(a-c)3>(b-c)3 答案 D 解析 ∵a>b>c>0,∴2a>b+c,故A错误; 取a=3>b=2>c=1>0,则a(b-c)=3<b(a-c)=4,故B错误; 由a>b>c>0可知,a-c>b-c>0, ∴<,(a-c)3>(b-c)3,故C错误,D正确. (2)(多选)若a>0>b>-a,c<d<0,则下列结论正确的是( ) A.ad>bc B.+<0 C.a-c>b-d D.a(d-c)>b(d-c) 答案 BCD 解析 因为a>0>b,c<d<0,所以ad<0,bc>0,所以ad<bc,故A错误; 因为0>b>-a,所以a>-b>0,因为c<d<0, 所以-c>-d>0,所以a(-c)>(-b)(-d),所以ac+bd<0,cd>0,所以=+<0,故B正确; 因为c<d,所以-c>-d,因为a>b,所以a+(-c)>b+(-d),即a-c>b-d,故C正确; 因为a>0>b,d-c>0,所以a(d-c)>b(d-c),故D正确. 思维升华 判断不等式的常用方法 (1)利用不等式的性质逐个验证. (2)利用特殊值法排除错误选项. (3)作差法. (4)构造函数,利用函数的单调性. 跟踪训练2 (1)十六世纪中叶,英国数学家雷科德在《砺智石》一书中首先把“=”作为等号使用,后来英国数学家哈利奥特首次使用“<”和“>”符号,并逐步被数学界接受,不等号的引入对不等式的发展影响深远.若a,b,c∈R,则下列命题正确的是( ) A.若a>b,则ac2>bc2 B.若>,则a<b C.若a<b<c<0,则< D.若a>b,则a2>b2 答案 C 解析 对于A选项,当c=0时不满足,故错误; 对于B选项,由不等式性质知,>两边同时乘以c2>0,可得a>b,故错误; 对于C选项,若a<b<c<0,则a+c<0,b-a>0,(b-a)c<0,a(a+c)>0,故-==<0,即<,故正确; 对于D选项,取a=-1,b=-2,可得a2<b2,故错误. (2)(多选)若<<0,则下列不等式正确的是( ) A.< B.|a|+b>0 C.a->b- D.ln a2>lnb2 答案 AC 解析 由<<0,可知b<a<0. A中,因为a+b<0,ab>0,所以<0,>0. 则<,故A正确; B中,因为b<a<0,所以-b>-a>0. 故-b>|a|,即|a|+b<0,故B错误; C中,因为b<a<0,又<<0, 则->->0,所以a->b-,故C正确; D中,因为b<a<0,根据y=x2在(-∞,0)上单调递减,可得b2>a2>0,而y=ln x在定义域(0,+∞)上单调递增,所以ln b2>ln a2,故D错误. 题型三 不等式性质的综合应用 例3 (1)已知-1<x<4,2<y<3,则x-y的取值范围是__________,3x+2y的取值范围是________. 答案 (-4,2) (1,18) 解析 ∵-1<x<4,2<y<3,∴-3<-y<-2, ∴-4<x-y<2. 由-1<x<4,2<y<3, 得-3<3x<12,4<2y<6, ∴1<3x+2y<18. 延伸探究 若将本例(1)中条件改为-1<x+y<4,2<x-y<3,求3x+2y的取值范围. 解 设3x+2y=m(x+y)+n(x-y), 则∴ 即3x+2y=(x+y)+(x-y), 又∵-1<x+y<4,2<x-y<3, ∴-<(x+y)<10,1<(x-y)<, ∴-<(x+y)+(x-y)<, 即-<3x+2y<, ∴3x+2y的取值范围为. (2)已知3<a<8,4<b<9,则的取值范围是________. 答案 解析 ∵4<b<9,∴<<, 又3<a<8, ∴×3<<×8,即<<2. 思维升华 求代数式的取值范围,一般是利用整体思想,通过“一次性”不等关系的运算求得整体范围. 跟踪训练3 (1)已知1≤a≤2,-1≤b≤4,则a-2b的取值范围是( ) A.[-7,4] B.[-6,9] C.[6,9] D.[-2,8] 答案 A 解析 因为-1≤b≤4, 所以-8≤-2b≤2, 由1≤a≤2,得-7≤a-2b≤4. (2)已知实数a,b,c,满足a>b>c,且a+b+c=0,那么的取值范围是________. 答案 -2<<- 解析 由于a>b>c,且a+b+c=0, 所以a>0,c<0,b=-a-c,-a-c<a,2a>-c,>-2, -a-c>c,-a>2c,<-, 所以-2<<-. 课时精练1.(2023·长春模拟)已知a>0,b>0,M=,N=+,则M与N的大小关系为( ) A.M>N B.M<N C.M≤N D.M,N大小关系不确定 答案 B 解析 M2-N2=(a+b)-(a+b+2) =-2<0, ∴M<N. 2.已知a,b∈R,若a>b,<同时成立,则( ) A.ab>0 B.ab<0 C.a+b>0 D.a+b<0 答案 A 解析 因为<, 所以-=<0, 又a>b,所以b-a<0,所以ab>0. 3.(多选)已知a<b<0,则下列结论正确的是( ) A.b2<ab B.< C.2a>2b D.ln(1-a)>ln(1-b) 答案 AD 解析 对于A,因为a<b<0,所以b-a>0,则b2-ab=b(b-a)<0,即b2<ab,故选项A正确; 对于B,因为a<b<0,所以ab>0,则<,即<,故选项B错误; 对于C,因为a<b<0且函数y=2x是增函数,所以2a<2b,故选项C错误; 对于D,因为a<b<0,所以1-a>1-b>1,又因为函数y=lnx在(0,+∞)上单调递增,所以ln(1-a)>ln(1-b),故选项D正确. 4.若-π<α<β<π,则α-β的取值范围是( ) A.-2π<α-β<2π B.0<α-β<2π C.-2π<α-β<0 D.{0} 答案 C 解析 ∵-π<β<π, ∴-π<-β<π, 又-π<α<π, ∴-2π<α-β<2π, 又α<β,∴α-β<0, ∴-2π<α-β<0. 5.已知x,y∈R,且x>y>0,则( ) A.cos x-cos y>0 B.cos x+cos y>0 C.ln x-ln y>0 D.ln x+ln y>0 答案 C 解析 对于A,y=cos x在(0,+∞)上不是单调函数,故cos x-cosy>0不一定成立,A错误; 对于B,当x=π,y=时,cos x+cos y=-1<0,B不一定成立; 对于C,y=lnx在(0,+∞)上为增函数,若x>y>0,则ln x>ln y,必有ln x-ln y>0,C正确; 对于D,当x=1,y=时,ln x+ln y=ln <0,D不一定成立. 6.(多选)(2023·汕头模拟)已知a,b,c满足c<a<b,且ac<0,那么下列各式中一定成立的是( ) A.ac(a-c)>0 B.c(b-a)<0 C.cb2<ab2 D.ab>ac 答案 BCD 解析 因为a,b,c满足c<a<b,且ac<0, 所以c<0,a>0,b>0,a-c>0,b-a>0, 所以ac(a-c)<0,c(b-a)<0,cb2<ab2,ab>ac. 7.(多选)设a,b,c,d为实数,且a>b>0>c>d,则下列不等式正确的有( ) A.c2<cd B.a-c<b-d C.ac<bd D.->0 答案 AD 解析 因为a>b>0>c>d, 所以a>b>0,0>c>d, 对于A,因为0>c>d,由不等式的性质可得c2<cd,故选项A正确; 对于B,取a=2,b=1,c=-1,d=-2, 则a-c=3,b-d=3, 所以a-c=b-d,故选项B错误; 对于C,取a=2,b=1,c=-1,d=-2, 则ac=-2,bd=-2, 所以ac=bd,故选项C错误; 对于D,因为a>b>0,d<c<0,则ad<bc, 所以>, 故->0,故选项D正确. 8.(多选)(2022·沈阳模拟)已知非零实数a,b满足a>|b|+1,则下列不等关系一定成立的是( ) A.a2>b2+1 B.2a>2b+1 C.a2>4b D.>b+1 答案 ABC 解析 对于非零实数a,b满足a>|b|+1, 则a2>(|b|+1)2, 即a2>b2+2|b|+1>b2+1,故A一定成立; 因为a>|b|+1≥b+1⇒2a>2b+1,故B一定成立; 又(|b|-1)2≥0,即b2+1≥2|b|, 所以a2>4|b|≥4b,故C一定成立; 令a=5,b=3,满足a>|b|+1, 此时=<b+1=4,故D不一定成立. 9.已知M=x2+y2+z2,N=2x+2y+2z-π,则M________N.(填“>”“<”或“=”) 答案 > 解析 M-N=x2+y2+z2-2x-2y-2z+π =(x-1)2+(y-1)2+(z-1)2+π-3≥π-3>0, 故M>N. 10.能够说明“设a,b,c是任意实数.若a2>b2>c2,则a+b>c”是假命题的一组整数a,b,c的值依次为________. 答案 -3,-1,0(答案不唯一) 解析 令a=-3,b=-1,c=0,则a2>b2>c2, 此时a+b=-4<0,所以a+b>c是假命题. 11.若1<α<3,-4<β<2,则2α+|β|的取值范围是________. 答案 (2,10) 解析 ∵-4<β<2, ∴0≤|β|<4, 又1<α<3, ∴2<2α<6, ∴2<2α+|β|<10. 12.eπ·πe与ee·ππ的大小关系为________. 答案 eπ·πe<ee·ππ 解析 ==π-e, 又0<<1,0<π-e<1, ∴π-e<1, 即<1,即eπ·πe<ee·ππ. 13.已知0<a<b<1,设m=bln a,n=aln b,p=ln,则m,n,p的大小关系为( ) A.m<n<p B.n<m<p C.p<m<n D.p<n<m 答案 A 解析 因为0<a<b<1,则>1, 且lna<ln b<0,即有>1, 因此,ln>0,即p>0, 又m<0,n<0,则==·>1,于是得m<n<0,所以m<n<p. 14.实数a,b,c,d满足下列三个条件: ①d>c;②a+b=c+d;③a+d<b+c. 那么a,b,c,d的大小关系是________. 答案 b>d>c>a 解析 由题意知d>c①,由②+③得2a+b+d<2c+b+d,化简得a<c④,由②式a+b=c+d及a<c可得到,要使②成立,必须b>d⑤成立,综合①④⑤式得到b>d>c>a. 15.(多选)(2023·长沙模拟)设实数a,b,c满足b+c=6-4a+3a2,c-b=4-4a+a2,则下列不等式成立的是( ) A.c<b B.b≥1 C.b≤a D.a<c 答案 BD 解析 ∵ 两式相减得2b=2a2+2, 即b=a2+1,∴b≥1. 又b-a=a2+1-a=2+>0, ∴b>a. 而c-b=4-4a+a2=(a-2)2≥0, ∴c≥b,从而c≥b>a. 16.(2022·全国甲卷)已知9m=10,a=10m-11,b=8m-9,则( ) A.a>0>b B.a>b>0 C.b>a>0 D.b>0>a 答案 A 解析 ∵9m=10,∴m∈(1,2), 令f(x)=xm-(x+1),x∈(1,+∞), ∴f′(x)=mxm-1-1, ∵x>1且1<m<2, ∴xm-1>1,∴f′(x)>0, ∴f(x)在(1,+∞)上单调递增, 又9m=10,∴9m-10=0,即f(9)=0, 又a=f(10),b=f(8), ∴f(8)<f(9)<f(10),即b<0<a. |
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