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一、选择题（4分×8=32分，下面每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的） 1．（4分）确定平面直角坐标系内点的位置是（ ） A． 一个实数 B． 一个整数 C． 一对实数 D． 有序实数对 考点： 坐标确定位置． 分析： 比如实数2和3并不能表示确定的位置，而有序实数对（2，3）就能清楚地表示这个点的横坐标是2，纵坐标是3． 解答： 解：确定平面直角坐标系内点的位置是有序实数对，故选D． 点评： 本题考查了在平面直角坐标系内表示一个点要用有序实数对的概念． 2．（4分）下列方程是二元一次方程的是（ ） A． x2+x=1 B． 2x+3y﹣1=0 C． x+y﹣z=0 D． x+ +1=0 考点： 二元一次方程的定义． 分析： 根据二元一次方程的定义进行分析，即只含有两个未知数，未知数的项的次数都是1的整式方程． 解答： 解：A、x2+x=1不是二元一次方程，因为其最高次数为2，且只含一个未知数； B、2x+3y﹣1=0是二元一次方程； C、x+y﹣z=0不是二元一次方程，因为含有3个未知数； D、x+ +1=0不是二元一次方程，因为不是整式方程． 故选B． 点评： 注意二元一次方程必须符合以下三个条件： （1）方程中只含有2个未知数； （2）含未知数项的最高次数为一次； （3）方程是整式方程． 3．（4分）已知点P位于y轴右侧，距y轴3个单位长度，位于x轴上方，距离x轴4个单位长度，则点P坐标是（ ） A． （﹣3，4） B． （3，4） C． （﹣4，3） D． （4，3） 考点： 点的坐标． 分析： 根据题意，P点应在第一象限，横、纵坐标为正，再根据P点到坐标轴的距离确定点的坐标． 解答： 解：∵P点位于y轴右侧，x轴上方， ∴P点在第一象限， 又∵P点距y轴3个单位长度，距x轴4个单位长度， ∴P点横坐标为3，纵坐标为4，即点P的坐标为（3，4）．故选B． 点评： 本题考查了点的位置判断方法及点的坐标几何意义． 4．（4分）将下列长度的三条线段首尾顺次相接，能组成三角形的是（ ） A． 4cm，3cm，5cm B． 1cm，2cm，3cm C． 25cm，12cm，11cm D． 2cm，2cm，4cm 考点： 三角形三边关系． 分析： 看哪个选项中两条较小的边的和大于最大的边即可． 解答： 解：A、3+4＞5，能构成三角形； B、1+2=3，不能构成三角形； C、11+12＜25，不能构成三角形； D、2+2=4，不能构成三角形． 故选A． 点评： 本题主要考查对三角形三边关系的理解应用．判断是否可以构成三角形，只要判断两个较小的数的和小于最大的数就可以． 5．（4分）关于x的方程2a﹣3x=6的解是非负数，那么a满足的条件是（ ） A． a＞3 B． a≤3 C． a＜3 D． a≥3 考点： 一元一次方程的解；解一元一次不等式． 分析： 此题可用a来表示x的值，然后根据x≥0，可得出a的取值范围． 解答： 解：2a﹣3x=6 x=（2a﹣6）÷3 又∵x≥0 ∴2a﹣6≥0 ∴a≥3 故选D 点评： 此题考查的是一元一次方程的根的取值范围，将x用a的表示式来表示，再根据x的取值判断，由此可解出此题． 6．（4分）学校计划购买一批完全相同的正多边形地砖铺地面，不能进行镶嵌的是（ ） A． 正三角形 B． 正四边形 C． 正五边形 D． 正六边形 考点： 平面镶嵌（密铺）． 专题： 几何图形问题． 分析： 看哪个正多边形的位于同一顶点处的几个内角之和不能为360°即可． 解答： 解：A、正三角形的每个内角为60°，6个能镶嵌平面，不符合题意； B、正四边形的每个内角为90°，4个能镶嵌平面，不符合题意； C、正五边形的每个内角为108°，不能镶嵌平面，符合题意； D、正六边形的每个内角为120°，3个能镶嵌平面，不符合题意； 故选C． 点评： 考查一种图形的平面镶嵌问题；用到的知识点为：一种正多边形镶嵌平面，正多边形一个内角的度数能整除360°． 7．（4分）下面各角能成为某多边形的内角的和的是（ ） A． 270° B． 1080° C． 520° D． 780° 考点： 多边形内角与外角． 分析： 利用多边形的内角和公式可知，多边形的内角和是180度的整倍数，由此即可找出答案． 解答： 解：因为多边形的内角和可以表示成（n﹣2）·180°（n≥3且n是整数），则多边形的内角和是180度的整倍数， 在这四个选项中是180的整倍数的只有1080度． 故选B． 点评： 本题主要考查了多边形的内角和定理，是需要识记的内容． 8．（4分）（2002·南昌）设“●”“▲”“■”表示三种不同的物体，现用天平称了两次，情况如图所示，那么“■”“▲”“●”这三种物体按质量从大到小的排列顺序为（ ） A． ■●▲ B． ■▲● C． ▲●■ D． ▲■● 考点： 一元一次不等式的应用． 专题： 压轴题． 分析： 本题主要通过观察图形得出“■”“▲”“●”这三种物体按质量从大到小的排列顺序． 解答： 解：因为由左边图可看出“■”比“▲”重， 由右边图可看出一个“▲”的重量=两个“●”的重量， 所以这三种物体按质量从大到小的排列顺序为■▲●， 故选B． 点评： 本题主要考查一元一次不等式的应用，解题的关键是利用不等式及杠杆的原理解决问题． 二、填空题 9．（3分）已知点A（1，﹣2），则A点在第 四 象限． 考点： 点的坐标． 分析： 根据各象限内点的坐标特征解答． 解答： 解：点A（1，﹣2）在第四象限． 故答案为：四． 点评： 本题考查了各象限内点的坐标的符号特征，记住各象限内点的坐标的符号是解决的关键，四个象限的符号特点分别是：第一象限（+，+）；第二象限（﹣，+）；第三象限（﹣，﹣）；第四象限（+，﹣）． 10．（3分）如图，直角三角形ACB中，CD是斜边AB上的中线，若AC=8cm，BC=6cm，那么△ACD与△BCD的周长差为 2 cm，S△ADC= 12 cm2． 考点： 直角三角形斜边上的中线． 分析： 过C作CE⊥AB于E，求出CD= AB，根据勾股定理求出AB，根据三角形的面积公式求出CE，即可求出答案． 解答： 解：过C作CE⊥AB于E， ∵D是斜边AB的中点， ∴AD=DB= AB， ∵AC=8cm，BC=6cm ∴△ACD与△BCD的周长差是（AC+CD+AD）﹣（BC+BD+CD）=AC﹣BC=8cm﹣6cm=2cm； 在Rt△ACB中，由勾股定理得：AB= =10（cm）， ∵S三角形ABC= AC×BC= AB×CE， ∴ ×8×6= ×10×CE， CE=4.8（cm）， ∴S三角形ADC= AD×CE= × ×10cm×4.8cm=12cm2， 故答案为：2，12． 点评： 本考查了勾股定理，直角三角形斜边上中线性质，三角形的面积等知识点，关键是求出AD和CE长． 11．（3分）如图，象棋盘上“将”位于点（1，﹣2），“象”位于点（3，﹣2），则“炮”的坐标为 （﹣2，1） ． 考点： 坐标确定位置． 分析： 首先根据“将”和“象”的坐标建立平面直角坐标系，再进一步写出“炮”的坐标． 解答： 解：如图所示，则“炮”的坐标是（﹣2，1）． 故答案为：（﹣2，1）． 点评： 此题考查了平面直角坐标系的建立以及点的坐标的表示方法． 12．（3分）（2006·菏泽）黑、白两种颜色的正六边形地砖按如图所示的规律拼成若干个图案：则第n个图案中有白色地砖 4n+2 块．（用含n的代数式表示） 考点： 规律型：图形的变化类． 专题： 压轴题；规律型． 分析： 通过观察，前三个图案中白色地砖的块数分别为：6，10，14，所以会发现后面的图案比它前面的图案多4块白色地砖，可得第n个图案有4n+2块白色地砖． 解答： 解：分析可得：第1个图案中有白色地砖4×1+2=6块．第2个图案中有白色地砖4×2+2=10块．…第n个图案中有白色地砖4n+2块． 点评： 本题考查学生通过观察、归纳的能力．此题属于规律性题目．注意由特殊到一般的分析方法，此题的规律为：第n个图案有4n+2块白色地砖． 三、解答题（5分×5=25分） 13．（5分）用代入法解方程组： ． 考点： 解二元一次方程组． 分析： 把第二个方程整理得到y=3x﹣5，然后代入第一个方程求出x的值，再反代入求出y的值，即可得解． 解答： 解： ， 由②得，y=3x﹣5③， ③代入①得，2x+3（3x﹣5）=7， 解得x=2， 把x=2代入③得，y=6﹣5=1， 所以，方程组的解是 ． 点评： 本题考查了代入消元法解二元一次方程组，从两个方程中的一个方程整理得到y=kx+b的形式的方程是解题的关键． 14．（5分）用加减消元法解方程组： ． 考点： 解二元一次方程组． 专题： 计算题． 分析： 根据x的系数相同，利用加减消元法求解即可． 解答： 解： ， ①﹣②得，12y=﹣36， 解得y=﹣3， 把y=﹣3代入①得，4x+7×（﹣3）=﹣19， 解得x= ， 所以，方程组的解是 ． 点评： 本题考查了利用加减消元法解二元一次方程组，解题的关键在于找出或构造系数相同或互为相反数的未知数． 15．（5分）解不等式： ≥ ． 考点： 解一元一次不等式． 分析： 利用不等式的基本性质，首先去分母，然后移项、合并同类项、系数化成1，即可求得原不等式的解集． 解答： 解：去分母，得：3（2+x）≥2（2x﹣1） 去括号，得：6+3x≥4x﹣2， 移项，得：3x﹣4x≥﹣2﹣6， 则﹣x≥﹣8， 即x≤8． 点评： 本题考查了解简单不等式的能力，解答这类题学生往往在解题时不注意移项要改变符号这一点而出错． 解不等式要依据不等式的基本性质： （1）不等式的两边同时加上或减去同一个数或整式不等号的方向不变； （2）不等式的两边同时乘以或除以同一个正数不等号的方向不变； （3）不等式的两边同时乘以或除以同一个负数不等号的方向改变． 16．（5分）解不等式组 ，并求其整解数并将解集在数轴上表示出来． 考点： 解一元一次不等式组；在数轴上表示不等式的解集；一元一次不等式组的整数解． 分析： 分别求出各不等式的解集，再求出其公共解集，再其公共解集内找出符合条件的x的整数解即可． 解答： 解： ，由①得，x＜1，由②得，x≥﹣2， 故此不等式组的解集为：﹣2≤x＜1，在数轴上表示为： 故此不等式组的整数解为：﹣2，﹣1，0． 点评： 本题考查的是解一元一次不等式组，熟知实心圆点与空心圆点的区别是解答此题的关键． 17．（5分）若方程组 的解x与y相等，求k的值． 考点： 二元一次方程组的解． 专题： 计算题． 分析： 由y=x，代入方程组求出x与k的值即可． 解答： 解：由题意得：y=x， 代入方程组得： ， 解得：x= ，k=10， 则k的值为10． 点评： 此题考查了二元一次方程组的解，方程组的解即为能使方程组中两方程成立的未知数的值． 四、解答题（5分×2=10分） 18．（2分）如图，△ABC中，D在BC的延长线上，过D作DE⊥AB于E，交AC于F．已知∠A=30°，∠FCD=80°，求∠D． 考点： 三角形内角和定理． 分析： 由三角形内角和定理，可将求∠D转化为求∠CFD，即∠AFE，再在△AEF中求解即可． 解答： 解：∵DE⊥AB（已知）， ∴∠FEA=90°（垂直定义）． ∵在△AEF中，∠FEA=90°，∠A=30°（已知）， ∴∠AFE=180°﹣∠FEA﹣∠A（三角形内角和是180） =180°﹣90°﹣30° =60°． 又∵∠CFD=∠AFE（对顶角相等）， ∴∠CFD=60°． ∴在△CDF中，∠CFD=60°∠FCD=80°（已知） ∠D=180°﹣∠CFD﹣∠FCD =180°﹣60°﹣80° =40°． 点评： 熟练掌握三角形内角和内角和定理是解题的关键． 19．（2分）已知：如图，E是△ABC的边CA延长线上一点，F是AB上一点，D点在BC的延长线上．试证明∠1＜∠2． 考点： 三角形的外角性质． 专题： 证明题． 分析： 由三角形的外角性质知∠2=∠ABC+∠BAC，∠BAC=∠1+∠AEF，从而得证． 解答： 证明：∵∠2=∠ABC+∠BAC， ∴∠2＞∠BAC， ∵∠BAC=∠1+∠AEF， ∴∠BAC＞∠1， ∴∠1＜∠2． 点评： 此题主要考查学生对三角形外角性质的理解和掌握，此题难度不大，属于基础题． 五、作图题（6分） 20．（6分）如图，在△ABC中，∠BAC是钝角，请按下列要求画图．画 （1）∠BAC的平分线AD； （2）AC边上的中线BE； （3）AB边上的高CF． 考点： 作图—复杂作图． 专题： 作图题． 分析： （1）以点A为圆心，以任意长为半径画弧与边AB、AC两边分别相交于一点，再以这两点为圆心，以大于这两点距离的 为半径画弧相交于一点，过这一点与点A作出角平分线AD即可； （2）作线段AC的垂直平分线，垂足为E，连接BE即可； （3）以C为圆心，以任意长为半径画弧交BA的延长线于两点，再以这两点为圆心，以大于这两点间的长度的 为半径画弧，相交于一点，然后作出高即可． 解答： 解：（1）如图，AD即为所求作的∠BAC的平分线；（2）如图，BE即为所求作的AC边上的中线；（3）如图，CF即为所求作的AB边上的高． 点评： 本题考查了复杂作图，主要有角平分线的作法，线段垂直平分线的作法，过一点作已知直线的垂线，都是基本作图，需熟练掌握． 六、解答题（21题5分） 21．（5分）在平面直角坐标中表示下面各点A（0，3），B（1，﹣3），C（3，﹣5），D（﹣3，﹣5），E（3，5），F（5，7） （1）A点到原点O的距离是 3 ． （2）将点C向x轴的负方向平移6个单位它与点 D 重合． （3）连接CE，则直线CE与y轴位置关系是 平行 ． （4）点F分别到x、y轴的距离分别是 7，5 ． 考点： 坐标与图形变化-平移． 分析： 先在平面直角坐标中描点． （1）根据两点的距离公式可得A点到原点O的距离； （2）找到点C向x轴的负方向平移6个单位的点即为所求； （3）横坐标相同的两点所在的直线与y轴平行； （4）点F分别到x、y轴的距离分别等于纵坐标和横坐标的绝对值． 解答： 解：（1）A点到原点O的距离是3﹣0=3． （2）将点C向x轴的负方向平移6个单位它与点D重合． （3）连接CE，则直线CE与y轴位置关系是平行． （4）点F分别到x、y轴的距离分别是7，5． 故答案为：3；D；平行；7，5． 点评： 考查了平面内点的坐标的概念、平移时点的坐标变化规律，及坐标轴上两点的距离公式．本题是综合题型，但难度不大． 七、解答题（7分） 22．（7分）一批货物要运往某地，货主准备租用汽车运输公司的甲、乙两种货车．已知过去两次租用这两种货车的情况如下表： 第一次 第二次 甲种货车辆数（辆） 2 5 乙种货车辆数（辆） 3 6 累计运货吨数（吨） 15.5 35 现租用该公司3辆甲种货车及5辆乙种货车一次刚好运完这批货，如果按每吨付运费30元计算，则货主应付运费多少元？ 考点： 二元一次方程组的应用． 专题： 图表型． 分析： 本题需知道1辆甲种货车，1辆乙种货车一次运货吨数．等量关系为：2辆甲种货车运货吨数+3辆乙种货车运货吨数=15.5；5辆甲种货车运货吨数+6辆乙种货车运货吨数=35． 解答： 解：设甲种货车每辆每次运货x（t），乙种货车每辆每次运货y（t）． 则有 ， 解得 ． 30×（3x+5y）=30×（3×4+5×2.5）=735（元）． 答：货主应付运费735元． 点评： 应根据条件和问题知道应设的未知量是直接未知数还是间接未知数．解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系：2辆甲种货车运货吨数+3辆乙种货车运货吨数=15.5；5辆甲种货车运货吨数+6辆乙种货车运货吨数=35．列出方程组，再求解． 23．（7分）探究： （1）如图①，∠1+∠2与∠B+∠C有什么关系？为什么？ （2）把图①△ABC沿DE折叠，得到图②，填空：∠1+∠2 = ∠B+∠C（填“＞”“＜”“=”），当∠A=40°时，∠B+∠C+∠1+∠2= 280° ； （3）如图③，是由图①的△ABC沿DE折叠得到的，如果∠A=30°，则x+y=360°﹣（∠B+∠C+∠1+∠2）=360°﹣ 300° = 60° ，猜想∠BDA+∠CEA与∠A的关系为 ∠BDA+∠CEA=2∠A ． 考点： 翻折变换（折叠问题）． 专题： 探究型． 分析： 根据三角形内角是180度可得出，∠1+∠2=∠B+∠C，从而求出当∠A=40°时，∠B+∠C+∠1+∠2=140×2=280°，有以上计算可归纳出一般规律：∠BDA+∠CEA=2∠A． 解答： 解：（1）根据三角形内角是180°可知：∠1+∠2=180°﹣∠A，∠B+∠C=180°﹣∠A， ∴∠1+∠2=∠B+∠C；（2）∵∠1+∠2+∠BDE+∠CED=∠B+∠C+∠BDE+∠CED=360°， ∴∠1+∠2=∠B+∠C； 当∠A=40°时，∠B+∠C+∠1+∠2=140×2=280°；（3）如果∠A=30°，则x+y=360°﹣（∠B+∠C+∠1+∠2）=360°﹣300°=60°， 所以∠BDA+∠CEA与∠A的关系为：∠BDA+∠CEA=2∠A． 点评： 本题考查图形的翻折变换和三角形，四边形内角和定理，解题过程中应注意折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根据轴对称的性质，折叠前后图形的形状和大小不变，如本题中折叠前后角相等． |
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