【问题引入】 如下图1所示,Q为OP的中点,P为线段AB上的一个动点,Q为OP的中点,当P点在线段AB上运动时,Q点的运动轨迹是什么? 【问题分析】 如下图2,当P点为于A点时,此时Q点位于OA的中点Q1;当P点位于B点时,此时Q点位于OB的中点Q2;我们发现,△OQ1Q2∽△OAB,随着Q点位置的不同,△OQ1Q2与△OAB一直相似,其本质为动态相似! 【模型建立】 此类题中,题目或许先描述的是动点P,但最终问题问的是另一个动点Q,P和Q之间存在着某种联系,从P点出发探讨Q点运动轨迹即为本文要探讨的瓜豆原理。 1、两个概念: 主动点:主动运动的点称为主动点,如上图1中的P点; 从动点:由于主动点运动而“被迫”运动的点称为从动点,如上图1中的Q点; 2、瓜豆原理成立的两个必要条件 ①主动点、从动点与定点连线的夹角为定值; ②主动点、从动点到定点的距离之比是定值. 举例如下: 如下图3:,动点P在直线BC上运动,A为定点,Q为另一动点,且满足条件: ①∠PAQ是定值; ②AP:AQ是定值, 则动点Q的轨迹与动点P的轨迹一致,即:P在直线BC上动,则Q在另一直线MN上动,且△BAC∽△MAN(动态相似)。 3、核心结论 ①从动点的运动轨迹与主动点运动轨迹一致,即如果主动点在直线上运动,则从动点也必然在直线上运动;如果主动点在圆上运动,则从动点也必然在圆上运动,故非常形象的称之为“瓜豆原理”。 ②主动点的起点、终点、定点组成的三角形与从动点的起点、终点、定点组成的三角形相似(或全等),如上图中△AMN∽△ABC。 ③主动点运动轨迹与从动点的运动轨迹的夹角(锐角)等于主、从动点与定点连线的夹角。如上图中∠PAQ=α。 【类型总结】---核心处理方法: Step1:找出主动点的起点和终点; Step2:找出题中所有的定点; Step3:验证两个必要条件,即: ①主、从动点与定点连线的夹角为定值; ②主、从动点到定点的距离之比是定值。 Step4:若Step3成立,则确定为“瓜豆原理”,进而确定从动点的起点和终点; Step5:利用“主动点的起点、终点、定点组成的三角形与从动点的起点、终点、定点组成的三角形动态全等或相似”及“主动点运动轨迹与从动点的运动轨迹的夹角(锐角)等于主、从动点与定点连线的夹角”求解,且Step3中若②中的比值若为1,则动态全等;若不为1,则动态相似。 例题分析】 【例1】如图,在直角坐标系中,已知A(4,0),点B为y轴正半轴上一动点,连接AB,以AB为一边向下做等边△ABC,连接OC,则OC的最小值为_______。 【解析】严格按照上面整理出来的解题步骤来 Step1:主动点B的起始点为原点,终点为y轴的正半轴; Step2:题目中点定点A(4,0); Step3:验证瓜豆原理的两个条件: ①主、从动点与定点连线的夹角为定值,即∠BAC=60°; ②主、从动点到定点的距离之比是定值,即BC/AC=1; Step4:满足Step3,故动点B、C之间满足“瓜豆原理”,即:B点在射线OB上动,C点也在某条射线上动,当主动点B位于起始点O时,从动点C位于如下图中D点处,故C点在射线DC上运动; Step5:此时OC由点到直线的距离垂线段最短可知,过O点作OH垂直CD交于点H,则OH即为所求,此时主动点运动轨迹与从动点的运动轨迹的夹角∠OEH等于主、从动点与定点连线的夹角∠BAC,即∠OEH=∠BAC=60°, 【例2】如图,正方形ABCD中,AB=2√5,O是BC边的中点,点E是正方形内一动点,OE=2,连接DE,将线段DE绕点D逆时钟旋转90°得到DF,连接AE、CF,求线段OF的最小值为______。 【解析】严格按照上面整理出来的解题步骤来 Step1:主动点E是以O点为圆心,OE=2为半径的圆上运动; Step2:题目中点定点D; Step3:验证瓜豆原理的两个条件: ①主、从动点与定点连线的夹角为定值,即∠EDF=90°; ②主、从动点到定点的距离之比是定值,即ED/FD=1; Step4:满足Step3,故动点E、F之间满足“瓜豆原理”,即:E点在以O点为圆心,OE=2为半径的圆上运动,F点也在某个圆上动,当主动点E位于线段OD上时,从动点F位于如下图中F’点处,从动点F在圆O’上运动; Step5:由于Step3中若②中的比值若为1,则动态全等,即圆O’与圆O半径相等且为2,故OF的最小值如上图所示,
|
|