∴原式=
=
=
=﹣6,
当m=n时,
原式=1+1=2,
故的值是2或﹣6.
故选:D.
7.(2023·驻马店模拟)在平面直角坐标系中,将若干个边长为2个单位长度的等边三角形按如图所示的规律摆放,点P从原点O出发,以每秒2个单位长度的速度沿着等边三角形的边OA1→A1A2→A2A3的路线运动,设第n秒运动到点Pn(n为正整数),则点P2023的坐标是( )
A.(2022,0) B.(2022,﹣) C.(2023,) D.(2023,﹣)
【考点】规律型:点的坐标.版权所有
【分析】每6个点的纵坐标规律:,0,,0,﹣,0,点的横坐标规律:1,2,3,4,5,6,…,n,即可求解.
【解答】解:每6个点的纵坐标规律:,0,,0,﹣,0,
∵2023÷6=337……1,
∴点P2023的纵坐标为,
点的横坐标规律:1,2,3,4,5,6,…,n,
∴点P2023的横坐标为2023,
∴点P2023的坐标(2023,),
故选:C.
8.(2023·太和县一模)如图,P是矩形ABCD内的任意一点,连接PA,PB,PC,PD,得到△PAD,△PAB,△PBC,△PCD,设它们的面积分别是S1,S2,S3,S4,下列结论错误的是( )
A.若S1=S3,则P点在AB边的垂直平分线上
B.S2+S4=S1+S3
C.若AB=4,BC=3,则PA+PB+PC+PD的最小值为10
D.若△PAB∽△PDA,且AB=4,BC=3,则PA=2.5
【考点】四边形综合题.版权所有
【分析】根据平行四边形的对边相等可得AB=CD,AD=BC,设点P到AB、BC、CD、DA的距离分别为h1、h2、h3、h4,然后利用三角形的面积公式列式整理即可判断出A、B正确;根据三角形的三边关系可得C正确;根据相似三角形的性质得∠APD=∠APB=90°,则D、P、B三点共线,利用面积法求出AP=2.4,可得D错误,即可得出结论.
【解答】解:如图,过点P分别作PF⊥AD于点F,PE⊥AB于点E,分别延长FP,EP交BC、CD于G、H
∵四边形ABCD是矩形,
∴AB=CD,AD=BC,AB∥CD,AD∥BC,∠ABC=∠BCD=∠CDA=∠DAB=90°,
∴PF⊥BC,PE⊥CD,
∴EH⊥FG,EH⊥CD,GF⊥BC,
设点P到AD、AB、BC、CD的距离分别为PD=h1、PE=h2、PG=h3、PH=h4,
∴S1=ADh1,S2=ABh2,S3=BCh3,S4=CDh4,
若S1=S3,则h1=h3,即P为FG的中点,
∴E为AB的中点,
∴P点在AB边的垂直平分线上,故A正确,不符合题意;
∵S2+S4=ABh2+CDh4=AB(h2+h4)=AB·EH=S矩形ABCD,
同理可得出S1+S3=S矩形ABCD,
∴S2+S4=S1+S3,故B正确,不符合题意;
如图2,连接AC、BD,
∵四边形ABCD是矩形,
∴AC=BD,
∵AB=4,BC=3,
∴AC=BD==5,
∵PA+PC≥AC,PB+PD≥BD,
∴PA+PB+PC+PD的最小值为10,故C正确,不符合题意;
∵△PAB∽△PDA,
∴∠PAB=∠PDA,
∵∠PAB+∠PAD=90°,
∴∠PDA+∠PAD=90°,
∴∠APD=90°,
同理得∠APB=90°,
∴D、P、B三点共线,AP⊥BD,
∴S△ABD=AD·AB=BD·AP,
∴AP==2.4,故D选项错误,符合题意.
故选:D.
9.(2023·西青区一模)已知抛物线y=ax2+bx+c(a,b,c是常数,a>0,c>﹣1)对称轴为,且经过点(﹣1,0).下列结论:
①a﹣b=0;②;③关于x的方程ax2+bx+c+1=0恰好有两个相等的实数根,则.其中,正确的个数是( )
A.3 B.2 C.1 D.0
【考点】二次函数图象与系数的关系;二次函数图象上点的坐标特征;抛物线与x轴的交点;根的判别式.版权所有
【分析】根据对称轴公式即可判断①;根据抛物线的对称性求得抛物线过(2,0),即可得出4a+2b+c=0,由b=﹣a,得出4a﹣2a+c=0,从而得出c=﹣2a,由a>0,c>﹣1即可得出a,即可判断②;利用根的判别式即可判断③.
【解答】解:∵抛物线的对称轴为直线x=,
∴﹣=,
∴b=﹣a,
∴a+b=0,故①错误;
∴点(﹣1,0)关于直线x=的对称点的坐标为(2,0),
∴4a+2b+c=0,
∵b=﹣a,
∴4a﹣2a+c=0,即2a+c=0,
∴﹣2a=c,
∵a>0,c>﹣1,
∴﹣2a>﹣1,
∴a,
∴,故②正确;
∵关于x的方程ax2+bx+c+1=0恰好有两个相等的实数根,
∴Δ=b2﹣4a(c+1)=0,
∵c=﹣2a,b=﹣a,
∴a2+8a2﹣4a=0,即9a2﹣4a=0,
∵a>0,
∴a=,故③正确,
故选:B.
10.(2023·镇海区校级模拟)如图,⊙O是等腰Rt△ABC的外接圆,D为弧 AC 上一点,P为△ABD的内心,过P作PE⊥AB,垂足为E,若 ,则BE﹣AE的值为( )
A.4 B. C.2 D.
【考点】三角形的内切圆与内心;角平分线的性质;等腰直角三角形;三角形的外接圆与外心.版权所有
【分析】作PM⊥AD于M,PN⊥BD于N,连接PA,在DB上截取BK=AD,连接CK,可以证明△CDA≌△CKB,得到CD=CK,∠DCA=∠KCB,推出△DCK是等腰直角三角形,得到DK=CD=×2=4,由P是△ADB的内心,推出BE﹣AE=BD﹣AD=DK=4.
【解答】解:作PM⊥AD于M,PN⊥BD于N,连接PA,在DB上截取BK=AD,连接CK,
∵△ABC是等腰直角三角形,
∴∠ACB=90°,AC=BC,
∵∠DAC=∠CBK,
∴△CDA≌△CKB(SAS),
∴CD=CK,∠DCA=∠KCB,
∵∠KCB+∠ACK=90°,
∴∠DCA+∠ACK=90°,
∴△DCK是等腰直角三角形,
∴DK=CD=×2=4,
∵P是△ADB的内心,
∴PM=PN=PE,
∵∠MDN=∠ACB=90°,
∴四边形PMDN是正方形,
∴DM=DN,
∵PA=PA,PM=PN,
∴Rt△PMA≌Rt△PEA(HL),
∴AM=AE,
同理:BN=BE,
∴BE﹣AE=BN﹣AM=(BN+DN)﹣(AM+DM)=BD﹣AD,
∵BD﹣AD=BD﹣BN=DK=4,
∴BE﹣AE=4.
故选:A.
二、填空题
11.(2023·白塔区校级一模)函数中自变量x的取值范围是 .
【考点】函数自变量的取值范围.版权所有
【分析】根据二次根式的被开方数是非负数、分式分母不为0列出不等式组,解不等式组得到答案.
【解答】解:由题意得:x≠0且x﹣1≥0,
解得:x≥1,
故答案为:x≥1.
12.(2023·武侯区校级模拟)若m是的小数部分,则= .
【考点】估算无理数的大小;分母有理化.版权所有
【分析】先估算出的值的范围,从而求出m的值,然后把m的值代入式子中进行计算,即可解答.
【解答】解:∵4<6<9,
∴2<<3,
∴的整数部分是2,小数部分是﹣2,
∴====+1,
故答案为:+1.
13.(2023·绥化一模)某超市有A,B,C三种型号的甲种品牌饮水机和D,E两种型号的乙种品牌饮水机,某中学准备从甲、乙两种品牌的饮水机中各选购一种型号的饮水机安装到教室.如果各种选购方案被选中的可能性相同,那么A型号饮水机被选中的概率是 .
【考点】概率公式.版权所有
【分析】所有的选购方案:(AD)、(AE)、(BD)、(BE)、(CD)、(CE),即可得到A型号饮水机被选中的概率.
【解答】解:所有的选购方案:(AD)、(AE)、(BD)、(BE)、(CD)、(CE);
P(A型号饮水机被选中)==;
故答案为:.
14.(2023·安徽一模)已知一关于x的不等式(3a﹣b)x+a﹣4b>0的解集是x<5,那么这个关于x的不等式ax﹣b>0的解集为 .
【考点】解一元一次不等式.版权所有
【分析】先将已知不等式进行变形,根据已知不等式的解集得出3a﹣b<0且=5,求出a<0,b=a,即可求出不等式的解集.
【解答】解:(3a﹣b)x+a﹣4b>0,
(3a﹣b)x>﹣a+4b,
∵关于x的不等式(3a﹣b)x+a﹣4b>0的解集是x<5,
∴3a﹣b<0且=5,
27a﹣9b<0且9b=16a,
解得:a<0,b=a,
∴ax﹣b>0的解集为x<,
故答案为:x<.
15.(2023·莱芜区一模)对数的定义:一般地,若ax=N(a>0,a≠1),那么x叫做以a为底N的对数,记作:x=logaN.比如指数式24=16可以转化为4=log216,对数式2=log525,可以转化为52=25.我们根据对数的定义可得到对数的一个性质:loga(M·N)=logaM+logaN(a>0,a≠1,M>0,N>0).理由如下:设logaM=m,logaN=n,则M=am,N=an,∴M·N=am·an=am+n,由对数的定义得m+n=loga(M·N),又∵m+n=logaM+logaN,∴loga(M·N)=logaM+logaN,类似还可以证明对数的另一个性质:loga=logaM﹣logaN(a>0,a≠1,M>0,N>0).
请利用以上内容计算log318+log32﹣log34= .
【考点】同底数幂的乘法.版权所有
【分析】根据所给的运算的法则进行求解即可.
【解答】解:log318+log32﹣log34
=log3(2×9)+log32﹣log34
=log32+log39+log32﹣log34
=2+(log32+log32)﹣log34
=2+log32×2﹣log34
=2+log34﹣log34
=2.
故答案为:2.
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