第二十三章 旋转 一、选择题(共10小题,每小题3分,共30分.每小题有四个选项,其中只有一个选项符合题意) 1.(2022·浙江湖州期中)如图是神舟十三号载人飞行任务标识,该标识经过旋转能得到的是 ( ) A B C D 2.(2022·河南三门峡期中)已知点P1(a,-2)与点P2(3,b)关于原点对称,则(a+b)2 023=( ) A.-1 B.1 C.-52 023 D.52 023 3.在如图所示的方格纸中,将标有序号的小正方形中的一个涂上阴影,使它与图中阴影部分组成的新图形是中心对称图形,该小正方形的序号是( ) A.① B.② C.③ D.④ (第3题) (第4题) 4.(2021·浙江湖州吴兴区期末)如图,在正方形网格中,线段A'B'是线段AB绕某点顺时针旋转一定角度后所得,点A'与点A是对应点,则这个旋转角可能是( ) A.45° B.60° C.90° D.135° 5.(2021·山东济南市中区段考)如图,将△ABC绕点A逆时针旋转90°得到△ADE,若点D恰好在线段BC的延长线上,则下列结论中错误的是( ) A.∠BAD=∠CAE B.∠CDE=90° C.∠ABC=45° D.∠ACB=120° (第5题) (第6题) 6.(2021·山西运城盐湖区期末)如图,已知▱ABCD中,AE⊥BC,以点B为中心,取旋转角等于∠ABC,将△BAE顺时针旋转,得到△BA'E',连接DA'.若∠ADC=60°,∠ADA'=50°,则∠DA'E'的度数为( ) A.130° B.150° C.160° D.170° 7.(2021·江西南昌期中)如图,将△ABC绕点C(0,-1)旋转180°得到△A'B'C,设点A的坐标为(a,b),则点A'的坐标为( ) A.(-a,-b-2) B.(-a,-b-1) C.(-a,-b+1) D.(-a,-b) (第7题) (第8题) 8.(2021·海南模拟)如图,将边长为1的正方形ABCD绕点C按逆时针方向旋转一定角度后,得到正方形FGCE,使得点B落在对角线CF上,则阴影部分的面积是( ) A. B.2- C.-1 D. 9.(2022·浙江杭州西湖区期中)上数学拓展课的时候,小明转动三角板发现了一个很奇妙的结论:如图(1),将含有45°角的三角板ABC绕点A顺时针旋转,当∠BAD<90°时,延长线段ED和线段CB使之相交于点F,如图(2),则CF-DF的值始终不变.若AB=5,则CF-DF的值为( ) A.10 B.10 C.15 D. 10.(2022·甘肃白银期末改编)如图,在正方形ABCD中,顶点A,B,C,D在坐标轴上,且B(2,0),以AB为边构造菱形ABEF,将菱形ABEF与正方形ABCD组成的图形绕点O顺时针旋转,每次旋转90°,则第2 022次旋转结束时,点F2 022的坐标为( ) A.(-2,2) B.(-2,-2) C.(2,-2) D.(-2,-2) 二、填空题(共5小题,每小题3分,共15分) 11. 新风向 开放性试题请任写一个成中心对称图形的汉字、字母或数字: . 12. 新风向 新定义试题(2022·四川南充期中改编)若f(m,n)=(m,-n),g(m,n)=(-m,-n),则g[f(-2,3)]= . 13.在如图所示的平面直角坐标系中,△ABC绕原点O顺时针旋转90°后得到△A'B'C',则点A的对应点A'的坐标是 . (第13题) (第14题) 14.(2021·江西南昌红谷滩区模拟)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,∠B=60°,BC=2,△A'B'C是由△ABC绕点C顺时针旋转得到的,其中点A'与点A是对应点,点B'与点B是对应点,连接AB',且A,B',A'三点在同一条直线上,则AA'的长为 . 15.(2022·河南焦作段考)如图,在△AOB和△COD中,∠AOB=∠COD=90°,∠B=38°,∠C=72°,点D在OA上.将△COD绕点O顺时针旋转一周,每秒旋转10°,在旋转过程中,当时间为 时,CD∥AB. 三、解答题(共6小题,共55分) 16.(6分)(2021·浙江宁波模拟)图(1)、图(2)、图(3)均是由边长为1的正三角形构成的网格,每个网格图中有5个正三角形已涂黑.请在余下的正三角形中按下列要求作图. (1)在图(1)中选择1个正三角形涂黑,使得阴影部分图形是中心对称图形,但不是轴对称图形; (2)在图(2)中选择2个正三角形涂黑,使得阴影部分图形是轴对称图形,但不是中心对称图形; (3)在图(3)中选择3个正三角形涂黑,使得阴影部分图形既是中心对称图形,又是轴对称图形. 17.(8分)(2022·甘肃庆阳期中改编)在下列网格图中,每个小正方形的边长均为1,在Rt△ABC中,∠C=90°,AC=3,BC=4. (1)试在图中作出△ABC以点A为旋转中心,按顺时针方向旋转90°后得到的图形△AB1C1; (2)若点B的坐标为(-3,5),试在图中画出直角坐标系,并写出A,C两点的坐标; (3)根据(2)中的直角坐标系作出与△ABC关于原点对称的图形△A2B2C2,并写出B2,C2两点的坐标. 18.(9分)如图(1),一个内角等于60°的菱形ABCD,将∠MAN的顶点与该菱形的顶点A重合,且∠MAN=60°.以点A为旋转中心,按顺时针方向旋转∠MAN,使它的两边分别交CB,DC于点E,F. (1)当BE=DF时,AE与AF的数量关系是 ; (2)如图(2),当BE≠DF时,(1)中的结论是否成立?若成立,请加以证明;若不成立,请说明理由. 19.(9分)(2022·重庆江津区联考)如图,将△ABC绕点C逆时针旋转90°得到△DEC,其中点A,B的对应点分别是点D,E,点B落在DE边上,延长AC交DE于点F,AB,DC交于点G. (1)判断AB与DE的位置关系,并说明理由. (2)求证:FB+BG=BC. 20.(11分)(2022·吉林长春期中)阅读与理解: 图(1)是边长分别为a和b(a>b)的两个等边三角形纸片叠放在一起的图形(C和C'重合). 操作与证明: (1)操作:固定△ABC,将△C'DE绕点C按顺时针方向旋转30°,连接AD,BE,如图(2),线段BE与AD之间具有怎样的大小关系?证明你的结论; 图(1) 图(2) 图(3) (2)操作:若将图(1)中△C'DE,绕点C按顺时针方向任意旋转一个角度α,连接AD,BE,如图(3),线段BE与AD之间具有怎样的大小关系?证明你的结论. 猜想与发现: (3)若将图(1)中的△C'DE,绕点C'按逆时针方向旋转α(0°<α<360°),当α等于多少时,△BCD的面积最大?请直接写出结果. 21.(12分) 新风向 探究性试题(2022·河南洛阳外国语学校期中)如图(1),已知∠DAC=90°,△ABC是等边三角形,点P为射线AD上任意一点(点P不与点A重合),连接CP,将线段CP绕点C顺时针旋转60°得到线段CQ,连接QB并延长交直线AD于点E. (1)如图(1),猜想∠QEP= °; (2)如图(2)和图(3),若当∠DAC为锐角或钝角时,其他条件不变,猜想∠QEP的度数,并选取一种情况加以证明; (3)如图(3),若∠DAC=135°,∠ACP=15°,且AC=4,求BQ的长. 图(1) 图(2) 图(3) 第二十三章 旋转答案 1.B 2.A ∵点P1(a,-2)与点P2(3,b)关于原点对称,∴a=-3,b=2,∴(a+b)2 023=(-3+2)2 023=-1. 3.B 4.C 连接AA',BB',作线段AA',BB'的垂直平分线交于点O,点O即为旋转中心.连接OA,OA',即∠AOA'为旋转角,∴旋转角可能为90°.故选C. 5.D ∵将△ABC绕点A逆时针旋转90°得到△ADE,∴AB=AD,∠ABC=∠ADE,∠BAD=∠CAE=90°,∴∠ABC=∠ADC=∠ADE=45°,∴∠CDE=90°,∴选项A,B,C正确.而∠ACB=120°推不出来,故选D. 6.C ∵四边形ABCD为平行四边形,∴∠ABC=∠ADC=60°,AD∥BC,∴∠ADA'+∠DA'B=180°.∵∠ADA'=50°,∴∠DA'B=130°.∵AE⊥BE,∴∠BAE=30°.由旋转可知∠BA'E'=∠BAE=30°,∴∠DA'E'=130°+30°=160°. 7.A 根据题意,点A,A'关于点C对称,设点A'的坐标是(x,y),则=0,=-1,解得x=-a,y=-b-2,∴点A'的坐标是(-a,-b-2). 8.C 设AB与EF交于点H.由题意知EF=CE=1,CF==,∴BF=-1.∵∠BFE=45°,∴BH=BF=-1,S阴影部分=S△EFC-S△HBF=×1×1-×(-1)2=-1. 9.B 如图,连接AF.由题意得∠ABF=∠AEF=90°,AB=AE.在Rt△ABF和Rt△AEF中,∴Rt△ABF≌Rt△AEF(HL),∴BF=EF,∴CF-DF=BC+BF-DF=BC+EF-DF=BC+DE=2BC.∵△ABC是等腰直角三角形,∴BC=AB=5,∴CF-DF=10. 10.D 由题意可得OB=OA=2,∴AB=2.∵四边形ABEF是菱形,∴AF=AB=2,∴F(2,2).由题意可得,F1(2,-2),F2(-2,-2),F3(-2,2),F4(2,2)……每旋转4次为一个循环.∵2 022÷4=505……2,∴点F2 022的坐标为(-2,-2). 11.0(或田,N等,答案不唯一) 12.(2,3) 由题意得f(-2,3)=(-2,-3),∴g[f(-2,3)]=g(-2,-3)=(2,3). 13.(4,1) 图解: 如图,点A'的坐标是(4,1). 14.6 ∵△A'B'C是由△ABC绕点C顺时针旋转得到的,∴CA'=CA,CB'=CB=2,∠A'CB'=∠ACB=90°,∠A'B'C=∠B=60°,∠A'=∠BAC=30°.∵A,B',A'三点在同一条直线上,CA'=CA,∴∠A'AC=∠A'=30°.又∠A'B'C=∠B'AC+∠B'CA=60°,∴∠B'CA=∠B'AC=30°,∴AB'=B'C=2.在Rt△A'B'C中,由∠A'=30°,得A'B'=2B'C=4,∴AA'=AB'+B'A'=2+4=6. 15.11秒或29秒 (分类讨论思想)∵∠C=72°,∠COD=90°,∴∠CDO=18°.①如图(1),CD和AB在点O同侧时,设CD与OB相交于点E.∵AB∥CD,∴∠CEO=∠B=38°,∴∠DOE=∠CEO-∠CDO=38°-18°=20°,∴旋转角∠AOD=∠AOB+∠DOE=90°+20°=110°.∵每秒旋转10°,∴此时旋转时间为11秒.②如图(2),CD和AB在点O异侧时,延长BO与CD相交于点E.∵AB∥CD,∴∠CEO=∠B=38°,∴∠DOE=∠CEO-∠CDO=38°-18°=20°,∴旋转角为270°+20°=290°.∵每秒旋转10°,∴旋转时间为29秒.综上所述,当时间为11秒或29秒时,CD∥AB. 16.【参考答案】(1)如图(1).(2分) (2)如图(2),答案不唯一.(4分) (3)如图(3).(6分) 17.【参考答案】(1)△AB1C1如图所示.(2分) (2)直角坐标系如图所示,点A的坐标为(0,1),点C的坐标为(-3,1).(5分) (3)△A2B2C2如图所示,点B2的坐标为(3,-5),点C2的坐标为(3,-1).(8分) 18.【思路导图】(1)菱形ABCD的性质△ABE≌△ADF→AE=AF (2)连接AC△ABC,△ACD为等边三角形△BAE≌△CAF→AE=AF 【参考答案】(1)AE=AF(4分) 解法提示:∵四边形ABCD是菱形, ∴AB=AD,∠B=∠D. 在△ABE和△ADF中, ∴△ABE≌△ADF(SAS), ∴AE=AF. (2)成立.(5分) 证明:如图,连接AC, ∵四边形ABCD是菱形,∠B=60°, ∴AB=BC=AD=CD,∠D=∠B=60°, ∴△ABC和△ACD都是等边三角形, ∴AB=AC,∠ACD=∠B=∠BAC=60°.(7分) ∵∠MAN=60°=∠BAC, ∴∠BAE=∠CAF. 在△BAE和△CAF中, ∴△BAE≌△CAF(ASA), ∴AE=AF.(9分) 19.【参考答案】(1)AB⊥DE.(1分) 理由:由旋转可得∠A=∠D,∠ACD=∠BCE=90°. ∵∠DGB=∠CGA, ∴∠DBG=∠ACG=90°, ∴AB⊥DE.(4分) (2)由旋转可得∠ABC=∠E,∠ACB=∠DCE,BC=EC. ∴∠BCG=∠ECF, ∴△CBG≌△CEF,∴EF=BG, ∴FB+BG=FB+EF=BE. ∵EC=BC,∠BCE=90°, ∴△BCE为等腰直角三角形, ∴BE=BC, 即FB+BG=BC.(9分) 20.【参考答案】(1)BE=AD.(1分) 证明:∵△C'DE绕点C按顺时针方向旋转30°, ∴∠BCE=∠ACD=30°.(2分) ∵△ABC与△C'DE是等边三角形, ∴CB=CA,CE=CD,(3分) ∴△BCE≌△ACD, ∴BE=AD.(5分) (2)BE=AD.(6分) 证明:∵△C'DE绕点C按顺时针方向旋转的角度为α, ∴∠BCE=∠ACD=α.(7分) ∵△ABC与△C'DE是等边三角形, ∴CB=CA,CE=CD,(8分) ∴△BCE≌△ACD, ∴BE=AD.(9分) (3)α=150°或330°.(11分) 解法提示:如图,当D旋转到点D1或点D2位置时,△BCD的面积最大,此时旋转角是60°+90°=150°或360°-30°=330°. 21.【参考答案】(1)60(2分) 解法提示:如图(1),连接PQ.设QE与PC交于点M. ∵PC=CQ,∠PCQ=60°,△ABC是等边三角形, ∴∠PCQ=∠ACB,BC=AC, ∴∠PCQ-∠PCB=∠ACB-∠PCB,即∠BCQ=∠ACP. 在△CQB和△CPA中, ∴△CQB≌△CPA, ∴∠CQB=∠CPA. 在△PEM和△CQM中, ∵∠EMP=∠CMQ, ∴∠QEP=∠QCP=60°. (2)∠QEP=60°. 以∠DAC为锐角为例进行证明. 证明:如图(2),∵△ABC是等边三角形, ∴AC=BC,∠ACB=60°. ∵线段CP绕点C顺时针旋转60°得到线段CQ, ∴CP=CQ,∠PCQ=60°, ∴∠ACB+∠BCP=∠BCP+∠PCQ, 即∠ACP=∠BCQ.(4分) 在△CQB和△CPA中, ∴△CQB≌△CPA, ∴∠Q=∠CPA.(6分) ∵∠1=∠2, ∴∠QEP=∠QCP=60°.(7分) (3)如图(3),过点C作CH⊥AD交DA的延长线于点H, 易证得△CQB≌△CPA, ∴BQ=AP.(9分) ∵∠DAC=135°,∠ACP=15°, ∴∠APC=30°,∠CAH=45°, ∴△ACH为等腰直角三角形,(10分) ∴AH=CH=AC=×4=2. ∵∠CPH=30°, ∴CP=2CH=4. 由勾股定理可得,PH===2, ∴PA=PH-AH=2-2, ∴BQ=2-2.(12分) 图(1)图(2)图(3) |
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