第28计 三角开门 八面玲珑 ●计名释义 三角函数是沟通平面几何,立体几何、解析几何、向量和函数的重要工具.它具有以下特点: 1.公式多,变换多,技巧多; 2.思想方法集中,特别是函数方程思想、数形结合思想和特殊一般思想; 3.应用广泛,学科内自身应用和跨学科的综合应用. ●典例示范 【例1】 设a,b∈R,a2+2b2=6,则a+b的最小值是 ( ) A.-2 B. C.-3 D. 【解答】 a2+2b2=6=1. 设(θ∈[0,2π]),则 a+b=cosθ+sinθ=3cos(θ-φ),其中cosφ=,sinφ=,∴a+b≥-3,选C. 【点评】 本例实施代数与解析几何、三角函数之间的转换,利用三角函数的有界性破题. 【例2】 已知正数x,y满足3x2+2y2=6x,则x2+y2的最大值是 . 【思考】 对于本题,以下解法并不鲜见; 由条件y2=3x-x2. ∴x2+y2=x2+x2+3x=(x-3)2+. ∴当且仅当x=3时,(x2+y2)max =.你能发现这种解法有什么毛病吗? 先检验一下,如x=3,会有什么情况发生,将x=3代入已知条件,得: 3×9+2y2=18. ∴2y2=-9. 显然,我们得到了一个错误的等式,毛病在哪里呢?是没有分析条件所暗示的变量x,y的范围,正确的解法是: ∵y2=3x-x2≥0,∴x2-2x≤0. 得x∈[0,2],而x2+y2=(x-3)2+. 令z=(x-3)2+,则当x≤3时,z为增函数,已求x∈[0,2],故当x=2时, zmax =(2-3)2+= 4,即(x2+y2)max= 4. 【评注】 本题若用三角代换,可以避开陷阱,达到八面玲珑.由条件得: (x-1)2+y2=1. 设,则 x2+y2=(1+cosθ)2+sin2θ=cos2θ+2cosθ+(cosθ-2)2+. 由于cosθ∈[-1,1],故当cosθ=1时,(x2+y2)max =+=4. 此时,x=2,y=0. 【例3】 设抛物线y2=4px(p>0)的准线交x轴于点M,过M作直线l交抛物线于A 、B两点,求AB中点的轨迹方程. 【解答】 抛物线y2=4px的准线为x= -p,交x轴于M(-p,0), 设过M的直线参数方程为:(t为参数)代入y2=4px: t2sin2θ-4ptcosθ+4p2=0 (1) 方程(1)有相异二实根的条件是: 1, 设方程(1)之二根为t1,t2,则t1+t2= 设AB之中点为Q(x,y), ∵t=. ∴,消去θ得:y2=2p(x+p), ∵|cotθ|>1,∴|y|>2p,即所求AB中点的轨迹方程为:y2=2p(x+p)(|y|>2p). 【点评】 直线的参数方程即直线的三角形式,在处理解析几何中直线与曲线的关系中,常起重要作用,由于它能减少变量(由x,y两个变量减为一个变量t).所以其运算过程常比一般方程简便. 但在起用直线的参数方程时,必须用其标准式: 其中P(x0,y0)为定点,θ是直线的倾斜角:参数t表示动点M(x,y)与定点P(x0,y0)所连有向线段的数量,若M在P上方则t>0,反之t<0. 【例4】 两圆O1与O2外离,其半径分别为r1,r2,直线AB分别交两圆于 A、C、D、B,且AC=DB,过A,B 的切线交于E,求证:. 【思考】 本例是平面几何题吗? 不是,谁要试图仅用平几知识证明, 肯定难以成功,但若引入三角,则不然. 【解答】 作两圆直径AF,BG,连 CF,DG,命∠EAB=∠F=∠α,∠EBA=∠G=∠β, 那么AC=2r1sinα,BD=2r2sinβ, 已知AC=BD,∴2r1sinα=2r2sinβ, 例4题图 , △EAB中,由正弦定理:∴. 【例5】某矿石基地A和冶炼厂B在铁路MN的两侧,A距铁路m千米,B距铁路n千米. 在铁路上要建造两个火车站C与D,并修两条公路AC与BD. A地的矿石先用汽车由公路运至火车站C,然后用火车运至D,再用汽车运到冶炼厂B(如图所示)A、B在铁路MN上的投影A′、B′距离为l千米.若汽车每小时行u公里,火车每小时行v公里(v>u),要使运输矿石的时间最短,火车站C、D应建在什么地方? 【分析】 求的是C、D建的地方, 为了将问题简化,暂不考虑车站D, 设法求出从A经过C到B′所需最短时间. 【解答】 ∵AC=A′C=mtanA, ∴CB′=A′B′-A′C=l-mtanA ∴从A经过C到B′所需时间为 例5题图 t= 由于,,为常数,问题转化为求y=的最小值. ∵y′=,令y′=0,得时,sinA<1. sinA<时,y′<0,sinA>时,y′>0. 故函数y,从而函数t当sinA=时,取得极小值: ∵sinA=,∴A′C=mtanA=,即车站C距A′为千米,它与l的长短无关. 同理,站D距B′为千米. 【点评】 本例再次映证了求导法在求最值中的重要作用. ●对应训练 1已知方程x2+xsin2θ- sinθcotθ=0(π<θ<π)之二根为α,β,求使等比数列1,,…前100项之和为零的θ值. 2设实数对(x,y)满足方程x2+y2-2x-2y+1=0,求的最小值. 3已知圆的方程是x2+y2=1,四边形PABQ为该圆内接梯形,底边AB为圆的直径且在x轴上,当梯形ABCD的周长l最大时,求P点的坐标及这个最大的周长. 4△ABC中,已知三内角满足关系式y=2+cos Ccos (A-B)- cos2C. (Ⅰ)证明任意交换A、B、C位置y的值不变; (Ⅱ)求y的最大值. 5.一条河宽1km,相距4km(直线距离)的两座城市A与B分别位于河的两岸,现需铺设一条电缆连通A与B. 已知地下电缆的修建费为每千米2万元,水下电缆的修建费为每千米4万元. 假定两岸是平行的直线.问应如何铺设电缆可使总的修建费用最少? ●参考答案 1由条件:, ∴,即等比数列的公比q=2sinθ,∴S100=. 已知S100=0,∴(2sinθ)100=1且2sinθ≠1,于是2sinθ= -1,sinθ=, ∵θ∈(π,π), ∴θ=π. 2圆(x-1)2+(y-1)2=1的圆心为C(1,1),半径r=1,此圆在第一象限且与两轴相切,为求的最小值,先求的最大值. 如图,表示圆上的点(x,y)与 定点P(-1,0)连线的斜率,PA,PB为 圆C的切线,则,连PC, 设∠BPC=∠APC=θ,则tanθ=, 第2题解图 tan∠BPA=tan2θ=, 即,从而. 3如图所示,有A(1,0),B(-1,0), ⊙方程为x2+y2=1,∴设P(cosθ,sinθ)为 圆上一点,不妨设P在第一象限, 则有Q(-cosθ,sinθ). ∴|PQ|=2cosθ,Rt△PAB中∠PBA=, ∴|BQ|=|PA|=|AB| sin=2sin, l=2+2cosθ+4sin=2+2(1-2sin2)+4sin=5-4(sin)2, 第3题解图 当且仅当sin=,即θ=60°(若θ在四象限则为300°)时,lmax=5,此时 点P的坐标为. 4(Ⅰ)y=2+cos C[cos (A-B) - cosC] =2+cos C[cos (A-B)+cos (A+B)]=2+2cos Acos Bcos C 此为关于A、B、C的对称轮换式,故任意交换A、B、C的位置,y的值不变. (Ⅱ)y=2-[cos Ccos (A-B)]2 +cos2(A-B),为求y的最大值必须[cosCcos (A-B)]2取得最小而cos2(A-B)取得最大. ∵[cosCcos (A-B) 2≥0,且cos+(A-B)≤当且仅当时以上两条同时成立. ∴ymax =,此时故△ABC为正三角形. 5.解法一:如图所示,设OM=x km,则AM=-x,BM=. 总修建费 S=2(-x)+4 =2++x+3(-x) =2+(+x)+≥2+2 由+x=,得当x=时, S取最小值2+2,此时, AM≈3.3,BM≈1.2. 故当先沿岸铺设3.3 km地下电缆, 再铺设1.2 km水下电缆连通A与B时, 第5题解图 总的修建费用最少,此时修建费为11.4万元. 解法二:如图所示,设∠OBM=α(0<α<arccos,则BM=, AM=AO-MO=-tanα,总修建费S=2-tanα)+=2+ 设t=,则sinα+tcosα=2 ∴ sin(α+φ)= 由及t>0,得t≥, ∴ S≥2+2 将t=代入sinα+tcosα=2,解得α= ∵ 0<<arccos ∴ AM=-≈3.3,BM=≈1.2 故Smin =2×3.3+4×1.2=11.4.
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